Embed Size (px)
DESCRIPTION
PLC
Citation preview
This chapter will discuss the whole arithmetic instruction in 8051 for the number of
operations as well as the number of unmarked unmarked. Example is given to illustrate
the application program of each order. SubBAB 6.1 we discuss the program and related
instructional Addition (addition) and subtraction (decrease) in the number of unmarked,
including data to BCD (Binary Coded Decimal). Multiplication (multiplication) and division
(division) we discussed in SubBAB 6.2. Is the number of unmarked we discuss in subBAB
6.3
SubBAB 6.1 INCREASE AND DECREASE OF NOT MARKED
Interpreted as the number of marked where all the bits of data is a representation of the
data, and no bits exerted a positive sign or a minus.This means that the operand can be
either bilnangn 00 s / d FFH (0-255 decimal) of 8-bit data. Discussion on the topic we
discuss the number marked on subBAB 6.3
Addition Number Not Signed
In 8051, two additional process data, often involving accumulators. And ADD command
format is
ADD A, source: A = A + source
ADD instruction is used to perform the addition of the two operand. And destination
(where the result of the process) is always on A, sdang source operand can be a register,
the data directly, or memory. Remember arithmetic operations from memory to memory
are not permitted by the assembler 8051.This instruction can memperngaruhi bits in the
PSW register as AC (auxiliry Carry), C (carry), and OV (overflow), depending on the
operating Hail happen. Operations affecting bit ov we discuss in subBAB 6.3 in the
discussion of the number marked. Given the current debate is an unsigned number, then
we can temporarily ignore ov. See example 6-1
Example 6-1
Show how the flag register (PSW) could be influenced by the instructions below
MOV A, # 0F5h; A = F5 hex
ADD A, # 0Bh; F5 + A = 0B = 0
Answer :
F5h 1111 0101
F5h + 1111 0101 +
100H 1111 0101
After pejumlahan, register a destination) will contain 00 and bedera is as follows
CY = 1 since there Carry out from D7
PF = 1 because the number of 1s is REGARDING from 0 (zero). PF = 1
AC = 1 because there is carry from D3 to D4
Addition to Single Byte
In Chapter 2 there is an example program to perform data aggregation 5 bytes. Total at
least under the FFH, which is the maximum value that can ditangai by an 8-bit
register. To calculate the number of the number of operand, the Carry flag should always
be checked each completed a summation order. Example 6-2 uses the accumulators R7
Example 6-2
Think of RAM at location 40-44 memlliki value as follows. Write a program to find the
result of the summation of A diakhri program, register A to the low-byte and R7 as high-
byte.
40 = (7D)
41 = (EB)
42 = (C5)
43 = (5B)
44 = (30)
Answer :
MOV R0, # 40H; fill pointer
MOV R2, # 5; fill counter
CLR A
MOV R7, A; R7 Clear
AGAIN: ADD A, @ R0; Add A with R0 inductee bytes
JNC MORE: If DY = 0 jangann ditambhakan
INC R7; keep carry as kelebiihan
MORE: INC R0; Increment pointer
DJNZ R2, AGAIN; ulagi reach R2 = 0
Analysis of example 6-2
There are three processes in the loop as shown pda picture above. Learning program
actually depends of how much we practice.
1. 7Dh (the contents of the memory 40H) added to A with carry = 0 and R7 = 0, and the
contents of the counter R2 = 04.
2. Both. EBH (the contents of the memory 41H) ditambahakn turn on A, which make A == 68H
and CY = 1. because there Carry, now on-increment R7. And now Counter R2 = 3.
3. then C5h (the contents of the memory 42H) is added to A. Which makes A = 2DH and again
there carry, on-increment R7. And now, R2 = 2.
By the time the loop ends. The result of the summation is on A and R7, where A is the
low byte, high byte is R7 is.
ADDC and the summation of the number of 16-bit
When we do the summation of two 16-bit numbers, we should pay attention to the status
of "hold" from Carry from lower-byte high-byte. Instruction ADDC (Add with Carry) can be
used to matter. For example, see the summation 3CE7h + 3B8Dh, as below.
1
3C E7
8D 3B +
78 74
When the first byte aggregated (E7 + 8D = 74, CY = 1). Carry is the status of "hold" for
the next byte, making the 3C + 3B + 1 = 78 (all in hex).Example 6-3 below shows the
steps above in the 8051 program.
Example 6-3
Write a program for addition of a 16-bit number. 3CE7h and 3B8Dh numerically. Place
the amount in R7 and R6, R6 as low-byte.
Answer :
CLR C; make CY = 1
MOV A, # 0E7h; fill low-byte
ADD A, # 8Dh: add, the result A = 74h and CY = 1
MOV R6, A; keep low-bytes of the summation
MOV A, # 3CH; fill with high-byte
ADDC A, # 3BH; adding together carry
MOV R7, A; store the result (high-byte) in R7
System number BCD (Binary Coded Decimal)
BCD stands for Binary Coded Decimal. BCD is needed because in everyday life we often
use the digits 0 s / d 9 to mention the number, not binary or hexadecimal. Is a
representation of the number of binary digits 0 s / d 9 called BCD. See photos 6-1. In
books about computers, there are two important things in BCD number, namely (a)
Unpacked BCD, and (b) Packed BCD.
Digit BCD0 00001 00012 00103 00114 01005 01016 01107 01118 10009 1001
Photo 6-1 BCD Code
Unpacked BCD
In Unpacked BCD, 4-bit reprensentasi bottom is the number of 0 s / d 9, while others left
the 4-bit 0. Examples of "0000 1001" and "0000 0101" is unpacked BCD from number 9
and 5. Unpancked membutukan BCD 1 byte of memory or an 8-bit register for storing a
data / number of BCD.
Packed BCD
In Packed BCD, every byte it contains two BCD numbers in it, a 4-bit there at the bottom,
and the other a 4-bit there at the top. For example, "0101 1001" is packed BCD the
number 59H. Thus it takes a byte of memory enough to accommodate two BCD
number. Clear case made more efficient in the BCD data storage two times better.
Many questions that arise in the aggregation number is BCD, Corrections-Corrections
always needed so that the summation is as we expect. This is because the CPU add two
BCD data as usual summation, as an unsigned number, so it will make the results not the
number of BCD. See examples in this baah
MOV A, # 17h
ADD A, # 28H
Summing two numbers will generate 0011 1111b (3Fh) where it is not the number of
BCD. Of course, since the number of BCD digits must have 0000 - 0101 (0-9). In other
words, ideally in total to the number of BCD BCD bilngan we would get
anyway. Necessarily yield is 17 + 28 = 45 (0100 0101).Well to correct the problems
above, programmers should add 6 (0110) at the bottom of a 4-bit, up to the previous
result that is 3F + 06 = 45. Well this is as we expect. The same thing can happen in 4-bit
up. For example, 52h + 87H = D9h. Again we improve the results by adding the figure 6
on the top 4-bits, D9h + 60H = 139h. See that 52 + 87 = 139. Note that the number of
4-bit or 4-bit down on the result, if greater than 9 should be increased by 6 to get the
correct results. But 8051 has been preventing us from hassles-these hassles. 8051 has
an instruction that can detect a nible (4-bit), what is greater than 9, and will increase by
6 if it is true. The order is "DA" The Decimal Adjustment. DA's instruction has only one
syntax only, ie ..
A DA
, Which serve to question the summation Corrections BCD number as we know it on.
Instruction DA
Instruction DA (Decimal Adjust for Addition) in 8051 is able to be used to correct the
problems that arise in connection Denga summation BCD number.And this
commandment have only operand accumulator "A". This instruction will add 6 under or
nible nible on if needed, but if not, will not be revamped nible. The example below will
explain.
MOV A, # 47h, A = 47h first BCD
MOV B, # 25H; B = 25H second BCD
ADD A, B, the result is 6CH
DA A; improve to be 72h
Once the program is implemented, a current register contains 72h (47 + 25 = 72). DA
instruction works only on A. In other words, if they want to correct the number of
register-register BCD on the other we have to move in a first.And also please understand,
that in order to be used after the DA Instruction orders summation BCD number, which is
not needed revenue to more than 9 digit number, such as A s / d F. The most important
one is the status of CY and AC DA seconds before instruction executed.
Sometimes we want Meng-increment or decrement the number of instructions in
BCD. Prohibit booklet we use the INC or DEC before the DA, to do just that.This recall INC
and DEC instructions do not affect the flags so it is possible the results into one
operation. Handbook recommends that we use the " ADD A, # 01h "as the successor
INC., and" ADD A, # 99h "as the successor DEC.
A summary of the DA
Instruction is done after the order of ADD or ADDC and ..
1. if nible under greater than 9, or if AC = 1, nible is added under 6.
2. above if nible greater than 9, or if CY = 1, nible above is added 6.
We can know that we never use AC except for menjumlahan and management's
corrected BCD number. For example, adding 18h 29H and 41H will make there, which is
clearly not the desired result as the summation of the number of BCD.
Hex BCD
29 0010 1001
18 + 0001 1000 +
41 0100 0001 AC = 1
6 + 0110 +
47 0010 1001
because AC = 1, after summation " DA A "will add 6 to nible under. The result then is
that as the number of BCD format we expect.
DA instruction so this is very useful and very important for us to process data BCD
format.
Example 6-4
Suppose there are a number of BCD data stored in RAM from location 40H like this. Write
a program to find the sum of all the numbers. The result should also BCD.
40 = (71)
41 = (11)
42 = (65)
43 = (59)
44 = (37)
Answer :
MOV R0, # 40H; fill pointer
MOV R2, # 5; fill counter
CLR A
MOV R7, A; R7 Clear
AGAIN: ADD A, @ R0; Add A with R0 inductee bytes
DA A; Adjust for BCD
JNC MORE: If DY = 0 do not add
INC R7; keep carry bargain edge (the 100H)
MORE: INC R0; Increment pointer
DJNZ R2, AGAIN; ulagi reach R2 = 0
Reduction in the number of unmarked
SUBB A, source: A = A - source - CY
In many processors there are two differences order reduction and SUBB SUB (Subtraction
with borrow). In 8051 we provided only SUBB. But do not be disappointed because we
could SUBB functioned as SUB. Namely to create / make sure CY = 0 before order SUBB
implemented. Thus there are two things in SUBB namely (a) the previous CY = 0, and (b)
the previous CY-1. First we will discuss before SUBB CY = 0.
SUBB (SUBSTRACT with borrow) when CY = 0
SUBB with previous CY = 0, can also be regarded SUB. This is because the previous
Borrow considered null, or no. Up to SUBB be SUB, we previously recommended to
download the CY clear-huh.
In mitigation, 8051 microprosessor like other modern CPU using 2's complement
method. That's because each CPU is using too many y transistor in it for Adder
(enhancer), will be far more than any CPU also features separate transistor network to
decrease. Therefore modern CPUs use the same adder used by aggregation of orders,
with little additional modification. As for the process of SUBB end is as follows
1. For the 2's complement of the subtrahend (source).
2. Add (ADD) on a reduced number of (A).
3. Refund status of CY
But we can calm, all is done by the hardware in order SUBB 8051's. Until SUBB order to
be able to be easily used by us, such as using lainnnya orders. Despite the fact it is a
complicated process. We just enough to know where the reduced, which reduces, and
the status of CY, plus the results must be where.
Example 6-5
Show 3 step process as described previously, for under this program.
CLR C; make CY = 0
MOV A, # 3Fh; fill 3Fh in A (A = 3Fh)
MOV R3, # 23h; 23h fill in R3 (R3 = 23h)
SUBB A, R3; reduction in A-R3, resulting in a
Answer : A = 3F 0011 1111 0011 1111
R3 = 23 0010 0011 + 1101 0011 2's Complement
1C 1 0001 1100
0 CY = 0 (step 3)
Flags will be .. CY = 0, AC = 0, and we have to check the condition of the Carry to find
positive or negative result.
If after SUBB, CY = 0 means the result is a positive number, but if CY = 1 then the result
is negative. Negative result is in 2's complement form. The scale of the negative number
we can get by using CPL (complement) and INC (Increment) of the findings. For example,
if we get -22, then using two instructional way we will get 22 of the number -22. See
example 6-6
Example 6-6
You give the following program.
CLR C; make CY = 0
MOV A, # 62H; fill 62H in A (A = 3Fh)
SUBB A, # 6Eh; reduction A - 6Eh
MORE JNC, if CY = 0 then jump
A CPL, if CY = 1 for 1's Complement
INC A; Then for 2's Complement
MORE: MOV R1, A; Save A on the R1
Answer :
Here are the steps to " SUBB A, 6Eh ".
4C 0100 1100 0100 1100
6E 0110 1110 2's Complement = 1001 0010 +
-22 0 1101 1110
CY = 1, the result is negative, the 2's Complement.
SUBB (SUBSTRACT with borrow) when CY = 1
SUBB instruction can be used to perform multibyte reduction, with attention to the
borrow flag (remember the SUBB, also named Borrow flag CY). Meaning borrow is means
" borrow "from the smaller operand storey. See example 6-7
Example 6-7
You give the following program.
CLR C; make CY = 0
MOV A, # 62H; fill 62H in A (A = 3Fh)
SUBB A, # 96h; reduction A - 96h = CCH with CY = 1
MOV R7, A; store the result in R7
MOV A, # 27H; A = 27H
SUBB A, # 12h, A = 27H - 12h - 1 = 14h (remember the status of CY)
MOV R6, A; keep other results
Answer :
After SUBB, A = 62 -96 = CCH, and CY to 1, which indicates the number of borrow. Given
CY = 1, and when SUBB dilakasanakn second time. A = 27H - 12h = 14h -1. Until the
urge to firmly results are 2762h - 14CC = 14CCh
Bab ini akan membahas instruksi aritmatika keseluruhan dalam 8051 untuk jumlah operasi serta
jumlah ditandai ditandai . Contoh diberikan untuk menggambarkan program aplikasi dari setiap
pesanan . SubBAB 6.1 kita membahas program dan Penambahan instruksional terkait
( penambahan ) dan pengurangan ( penurunan) jumlah bertanda , termasuk data ke BCD ( Kode
Biner Desimal ) . Perkalian ( multiplikasi ) dan pembagian ( divisi ) kita bahas dalam SubBAB
6.2 . Apakah jumlah bertanda kita bahas dalam subBAB 6.3
________________________________________
SubBAB 6.1 KENAIKAN DAN PENURUNAN TIDAK ditandai
Diartikan sebagai jumlah ditandai di mana semua bit data adalah representasi dari data , dan
tidak ada bit diberikan tanda positif atau minus.This berarti bahwa operan dapat berupa bilnangn
00 s / d FFH ( 0-255 desimal ) data 8 - bit . Pembahasan topik kita membahas jumlah yang
tertera pada subBAB 6.3
Penambahan Nomor Tidak Terdaftar
Pada 8051 , kedua data proses tambahan , sering melibatkan akumulator . Dan format perintah
ADD
ADD A , sumber : A = A + sumber
ADD instruksi digunakan untuk melakukan penambahan dua operan . Dan tujuan ( di mana hasil
dari proses) selalu pada A , sdang operand source dapat register, data langsung , atau memori .
Ingat operasi aritmatika dari memori ke memori tidak diizinkan oleh 8051.This instruksi
assembler dapat memperngaruhi bit dalam register PSW sebagai AC ( auxiliry Carry ) , C (carry )
, dan OV ( overflow) , tergantung dari Hujan es operasi terjadi. Operasi mempengaruhi bit ov kita
bahas dalam subBAB 6.3 dalam pembahasan nomor ditandai . Mengingat perdebatan saat ini
adalah nomor unsigned , maka kita dapat sementara mengabaikan ov . Lihat contoh 6-1
contoh 6-1
Tunjukkan bagaimana register bendera ( PSW ) dapat dipengaruhi oleh petunjuk di bawah ini
MOV A , # 0F5h , A = F5 hex
ADD A , # 0Bh , F5 + A = 0B = 0
Jawaban :
F5h 1111 0101
F5h + 1111 + 0101
100H 1111 0101
Setelah pejumlahan , daftar tujuan ) akan berisi 00 dan bedera adalah sebagai berikut
CY = 1 karena ada Melaksanakan dari D7
PF = 1 karena jumlah 1s adalah TENTANG dari 0 ( nol ) . PF = 1
AC = 1 karena ada carry dari D3 ke D4
Penambahan Byte Tunggal
Dalam Bab 2 ada contoh program untuk melakukan agregasi data 5 byte . Jumlah setidaknya
bawah FFH , yang merupakan nilai maksimum yang dapat ditangai oleh register 8 - bit . Untuk
menghitung jumlah jumlah operan , bendera Carry harus selalu diperiksa setiap selesai urutan
penjumlahan . Contoh 6-2 menggunakan akumulator R7
contoh 6-2
Pikirkan RAM di lokasi 40-44 memlliki nilai sebagai berikut . Menulis sebuah program untuk
menemukan hasil penjumlahan Sebuah program diakhri , daftar A ke rendah - byte dan R7
setinggi - byte .
40 = ( 7D )
41 = ( EB )
42 = ( C5 )
43 = ( 5B )
44 = ( 30 )
Jawaban :
MOV R0 , # 40H ; pointer mengisi
MOV R2 , # 5 ; mengisi konter
CLR A
MOV R7 , A; R7 Batal
LAGI : ADD A , @ R0 ; Tambahkan A dengan R0 dilantik byte
JNC LEBIH : Jika DY = 0 jangann ditambhakan
INC R7 , tetap membawa sebagai kelebiihan
LEBIH : INC R0 ; pointer Kenaikan
DJNZ R2 , LAGI ; ulagi mencapai R2 = 0
Analisis contoh 6-2
Ada tiga proses dalam lingkaran seperti yang ditunjukkan gambar pda atas. Program
pembelajaran sebenarnya tergantung dari berapa banyak kita berlatih .
1 . 7DH ( isi memori 40H ) ditambahkan ke A dengan membawa = 0 dan R7 = 0 , dan isi counter
R2 = 04 .
2 . Keduanya. EBH ( isi memori 41H ) ditambahakn menyalakan A , yang membuat A == 68H
dan CY = 1 . karena ada Carry , sekarang -kenaikan R7 . Dan sekarang Kontra R2 = 3 .
3 . kemudian C5h ( isi memori 42h ) ditambahkan ke A. Yang membuat A = 2DH dan lagi ada
membawa, di -increment R7 . Dan sekarang , R2 = 2 .
Pada saat loop berakhir . Hasil penjumlahan pada A dan R7 , dimana A adalah byte rendah ,
byte tinggi R7 adalah .
ADDC dan penjumlahan dari jumlah 16 - bit
Ketika kita melakukan penjumlahan dua angka 16 - bit , kita harus memperhatikan status " hold "
dari Carry dari rendah - byte -byte tinggi . Instruksi ADDC ( Add dengan Carry ) dapat digunakan
untuk peduli . Sebagai contoh, lihat penjumlahan 3CE7h + 3B8Dh , seperti di bawah ini .
1
3C E7
8D 3B +
78 74
Ketika byte pertama dikumpulkan ( E7 + 8D = 74 , CY = 1 ) . Carry adalah status " hold" untuk
byte berikutnya , membuat + 3B + 1 = 78 ( semua dalam hex ) . Contoh 3C 6-3 di bawah ini
menunjukkan langkah-langkah di atas dalam program 8051 .
contoh 6-3
Menulis sebuah program untuk penambahan sejumlah 16 - bit . 3CE7h dan 3B8Dh numerik .
Tempatkan jumlah dalam R7 dan R6 , R6 serendah - byte .
Jawaban :
CLR C ; membuat CY = 1
MOV A , # 0E7h , mengisi rendah - byte
ADD A , # 8DH : add , hasilnya A = 74h dan CY = 1
MOV R6 , A; tetap rendah byte penjumlahan
MOV A , # 3CH , isi dengan tinggi byte
ADDC A , # 3BH , menambahkan bersama-sama melakukan
MOV R7 , A; toko hasilnya ( high- byte ) di R7
Sistem nomor BCD ( Kode Biner Desimal )
BCD singkatan Kode Biner Desimal . BCD dibutuhkan karena dalam kehidupan sehari-hari kita
sering menggunakan digit 0 s / d 9 menyebutkan nomor , tidak biner atau heksadesimal . Adalah
representasi dari jumlah digit biner 0 s / d 9 disebut BCD . Lihat foto 6-1 . Dalam buku-buku
tentang komputer , ada dua hal penting dalam jumlah BCD , yaitu (a ) Membongkar BCD , dan
( b ) BCD Dikemas .
BCD digit
0 0000
1 0001
2 0010
3 0011
4 0100
5 0101
6 0110
7 0111
8 1000
9 1001
Foto 6-1 BCD Kode
BCD membongkar
Dalam BCD Membongkar , 4 - bit reprensentasi bawah adalah jumlah 0 s / d 9 , sementara yang
lain meninggalkan 4 - bit 0 . Contoh " 0000 1001 " dan " 0000 0101 " yang membongkar BCD
dari nomor 9 dan 5 . Unpancked membutukan BCD 1 byte memori atau register 8 - bit untuk
menyimpan data / jumlah BCD .
BCD dikemas
Dalam BCD Kemasan, setiap byte mengandung dua angka BCD di dalamnya , 4- bit ada di
bagian bawah , dan yang lain 4 - bit ada di bagian atas. Misalnya, " 0101 1001 " dikemas BCD
59H nomor. Dengan demikian dibutuhkan byte memori yang cukup untuk menampung dua
nomor BCD . Jelas kasus yang dibuat lebih efisien dalam penyimpanan data BCD dua kali lebih
baik .
Banyak pertanyaan yang muncul dalam jumlah agregasi adalah BCD , koreksi - koreksi selalu
dibutuhkan sehingga penjumlahan adalah seperti yang kita harapkan . Hal ini karena CPU
menambahkan dua Data BCD seperti penjumlahan biasa, sebagai nomor unsigned , sehingga
akan membuat hasil tidak jumlah BCD . Lihat contoh di baah ini
MOV A , # 17h
ADD A , # 28H
Menjumlahkan dua angka akan menghasilkan 0011 1111b ( 3Fh ) di mana itu bukan jumlah BCD
. Tentu saja, karena jumlah digit BCD harus memiliki 0000 - 0101 ( 0-9 ) . Dengan kata lain ,
idealnya total untuk jumlah BCD BCD bilngan kita akan mendapatkan pula . Seharusnya hasil
adalah 17 + 28 = 45 ( 0100 0101 ) . Nah untuk memperbaiki masalah di atas , programmer harus
menambahkan 6 ( 0110 ) di bagian bawah 4- bit , hingga hasil sebelumnya yaitu 3F + 06 = 45 .
Nah ini seperti yang kita harapkan . Hal yang sama bisa terjadi dalam 4 -bit up . Misalnya, 52H +
87H = D9h . Sekali lagi kami meningkatkan hasil dengan menambahkan angka 6 di atas 4 - bit ,
D9h + 60H = 139h . Melihat bahwa 52 + 87 = 139 . Perhatikan bahwa jumlah 4 - bit atau 4 -bit di
atas hasilnya , jika lebih besar dari 9 harus meningkat sebesar 6 untuk mendapatkan hasil yang
benar . Tapi 8051 telah mencegah kita dari gangguan - gangguan tersebut . 8051 memiliki
instruksi yang dapat mendeteksi nible ( 4 -bit ) , apa yang lebih besar dari 9 , dan akan
meningkat 6 jika itu benar . Perintah " DA " The Decimal Penyesuaian . Instruksi DA memiliki
hanya satu sintaks saja, yaitu ..
A DA
, Yang berfungsi untuk mempertanyakan penjumlahan Koreksi nomor BCD seperti yang kita
kenal di .
instruksi DA
Instruksi DA ( Decimal Adjust for Penambahan ) di 8051 adalah dapat digunakan untuk
memperbaiki masalah yang timbul sehubungan denga penjumlahan BCD number.And perintah
ini hanya operan akumulator " A " . Instruksi ini akan menambah 6 di bawah atau nible nible
pada jika diperlukan , tetapi jika tidak , tidak akan dirubah nible . Contoh di bawah ini akan
menjelaskan .
MOV A , # 47h , A = 47h pertama BCD
MOV B , # 25H , B = 25H kedua BCD
ADD A , B , hasilnya adalah 6CH
DA A; meningkatkan menjadi 72h
Setelah program ini dilaksanakan , register saat ini berisi 72h ( 47 + 25 = 72 ) . Instruksi DA
bekerja hanya pada A. Dengan kata lain , jika mereka ingin memperbaiki jumlah mendaftar
mendaftar BCD di sisi lain kita harus bergerak di first.and juga harap dipahami , bahwa untuk
digunakan setelah Instruksi perintah DA nomor BCD penjumlahan , yang tidak diperlukan
pendapatan lebih dari 9 digit angka , seperti A s / d F. yang paling penting adalah status CY dan
AC DA detik sebelum instruksi dieksekusi .
Terkadang kita ingin Meng -kenaikan atau penurunan jumlah instruksi dalam BCD . Melarang
buku kita menggunakan INC atau Desember sebelum DA , untuk melakukan yang.Ini ingat INC
dan instruksi Desember tidak mempengaruhi bendera sehingga mungkin hasilnya ke dalam satu
operasi . Handbook menyarankan agar kita menggunakan " ADD A , # 01h " sebagai penerus
INC , dan " ADD A , # 99h " sebagai penggantinya Desember .
Ringkasan dari DA
Instruksi ini dilakukan setelah perintah ADD atau ADDC dan ..
1 . jika nible bawah lebih besar dari 9 , atau jika AC = 1 , nible ditambahkan di bawah 6 .
2 . nible atas jika lebih besar dari 9 , atau jika CY = 1 , nible tersebut ditambahkan 6 .
Kita bisa tahu bahwa kita tidak pernah menggunakan AC kecuali menjumlahan dan nomor BCD
dikoreksi manajemen . Misalnya, menambahkan 18h 29h dan 41H akan membuat di sana, yang
jelas bukan hasil yang diinginkan sebagai penjumlahan dari jumlah BCD .
hex BCD
29 0010 1001
18 + 1000 + 0001
41 0100 0001 AC = 1
6 + 0110 +
47 0010 1001
karena AC = 1 , setelah penjumlahan " DA A " akan menambah 6 sampai nible bawah . Hasilnya
kemudian adalah bahwa jumlah format BCD kita harapkan .
Instruksi DA jadi ini sangat berguna dan sangat penting bagi kita untuk memproses Format BCD
data.
contoh 6-4
Misalkan ada sejumlah data BCD disimpan dalam RAM dari lokasi 40H seperti ini. Tulis program
untuk menemukan jumlah semua nomor . Hasilnya juga harus BCD .
40 = ( 71 )
41 = ( 11 )
42 = ( 65 )
43 = ( 59 )
44 = ( 37 )
Jawaban :
MOV R0 , # 40H ; pointer mengisi
MOV R2 , # 5 ; mengisi konter
CLR A
MOV R7 , A; R7 Batal
LAGI : ADD A , @ R0 ; Tambahkan A dengan R0 dilantik byte
DA A; Adjust for BCD
JNC LEBIH : Jika DY = 0 tidak menambahkan
INC R7 ; tetap membawa tepi murah ( yang 100H )
LEBIH : INC R0 ; pointer Kenaikan
DJNZ R2 , LAGI ; ulagi mencapai R2 = 0
Pengurangan jumlah bertanda
SUBB A , sumber : A = A - Sumber - CY
Dalam banyak prosesor ada dua perbedaan pengurangan ketertiban dan SUBB SUB
( Pengurangan dengan meminjam ) . Pada 8051 kami disediakan hanya Subb . Tapi jangan
kecewa karena kita bisa Subb difungsikan sebagai SUB . Yaitu untuk membuat / pastikan CY = 0
sebelum pesanan Subb diimplementasikan . Jadi ada dua hal dalam SUBB yaitu ( a) CY
sebelumnya = 0 , dan ( b ) sebelumnya CY - 1 . Pertama kita akan membahas sebelum SUBB
CY = 0 .
SUBB ( kurangi dengan meminjam ) ketika CY = 0
SUBB dengan CY sebelumnya = 0 , juga dapat dianggap SUB . Hal ini karena sebelumnya
Pinjam dianggap batal , atau tidak ada . Sampai SUBB menjadi SUB , kami sebelumnya
dianjurkan untuk men-download CY jelas ya .
Dalam mitigasi , 8051 microprosessor seperti CPU modern lainnya menggunakan metode
komplemen 2 itu . Itu karena setiap CPU menggunakan terlalu banyak y transistor di dalamnya
untuk Adder ( penambah ) , akan jauh lebih dari setiap CPU juga dilengkapi jaringan transistor
terpisah menurun. Oleh karena CPU modern menggunakan penambah sama yang digunakan
oleh agregasi pesanan , dengan sedikit modifikasi tambahan . Adapun proses Subb akhirnya
adalah sebagai berikut
1 . Untuk komplemen 2 tentang pengurang ( source) .
2 . Tambahkan (ADD ) pada berkurangnya jumlah ( A ) .
3 . Status Pengembalian CY
Tapi kita bisa tenang , semua dilakukan oleh perangkat keras dalam rangka Subb 8051 . Sampai
rangka Subb dapat dengan mudah digunakan oleh kami , seperti menggunakan perintah
lainnnya . Terlepas dari kenyataan itu adalah proses yang rumit . Kami hanya cukup untuk tahu
di mana berkurang , yang mengurangi , dan status CY , ditambah hasil harus di mana .
contoh 6-5
Tampilkan 3 langkah proses seperti yang dijelaskan sebelumnya , untuk di bawah program ini .
CLR C ; membuat CY = 0
MOV A , # 3Fh , mengisi 3Fh dalam A ( A = 3Fh )
MOV R3 , # 23h ; 23h mengisi di R3 ( R3 = 23h )
SUBB A , R3 , pengurangan A - R3 , menghasilkan
Jawaban :
A = 3F 0011 1111 0011 1111
R3 = 23 0010 0011 + 1101 0011 2 ini Komplemen
1C 1 0001 1100
0 CY = 0 ( langkah 3 )
Flags akan .. CY = 0 , AC = 0 , dan kita harus memeriksa kondisi Carry untuk menemukan hasil
yang positif atau negatif .
Jika setelah SUBB , CY = 0 berarti hasilnya adalah angka positif , tetapi jika CY = 1 maka
hasilnya adalah negatif. Hasil negatif dalam bentuk komplemen 2 itu. Skala angka negatif bisa
kita dapatkan dengan menggunakan CPL ( pelengkap ) dan INC ( Increment ) dari temuan .
Sebagai contoh, jika kita mendapatkan -22 , kemudian menggunakan dua arah instruksional kita
akan mendapatkan 22 dari nomor -22 . Lihat contoh 6-6
contoh 6-6
Anda memberikan program berikut .
CLR C ; membuat CY = 0
MOV A , # 62H ; mengisi 62H A ( A = 3Fh )
SUBB A , # 6EH , pengurangan A - 6EH
LEBIH JNC , jika CY = 0 kemudian melompat
CPL A , jika CY = 1 untuk Komplemen 1 yang
INC A; Kemudian untuk Komplemen 2 ini
LEBIH : MOV R1 , A; Save A pada R1
Jawaban :
Berikut adalah langkah-langkah untuk " SUBB A , 6EH " .
4C 0100 1100 0100 1100
Pelengkap 6E 0110 1110 2 ini = 1001 0010 +
-22 0 1101 1110
CY = 1 , hasilnya negatif , Komplemen 2 itu .
SUBB ( kurangi dengan meminjam ) ketika CY = 1
Instruksi SUBB dapat digunakan untuk melakukan pengurangan multibyte , dengan
memperhatikan meminjam bendera ( ingat Subb , yang juga bernama Pinjam bendera CY ) .
Artinya meminjam adalah berarti " meminjam " dari kecil operan lantai . Lihat contoh 6-7
contoh 6-7
Anda memberikan program berikut .
CLR C ; membuat CY = 0
MOV A , # 62H ; mengisi 62H A ( A = 3Fh )
SUBB A , # 96h , pengurangan A - 96h = CCH dengan CY = 1
MOV R7 , A; toko menghasilkan R7
MOV A , # 27H ; A = 27H
SUBB A , # 12h , A = 27H - 12h - 1 = 14h (ingat status CY )
MOV R6 , A; menjaga hasil lain
Jawaban :
Setelah SUBB , A = 62 -96 = CCH , dan CY ke 1, yang menunjukkan jumlah meminjam .
Mengingat CY = 1 , dan ketika Subb dilakasanakn kedua kalinya . A = 27H - 12h = 14h -1 .
Sampai dorongan untuk tegas hasilnya 2762h - 14CC = 14CCh
