Upload
radu-popescu
View
53
Download
4
Embed Size (px)
Citation preview
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
1/203
Leonard Du
ALGEBR LINIARiGEOMETRIE ANALITIC
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
2/203
Prefa
Algebra liniar i geometria analitic reprezint de multvreme instrumentefundamentale pentru disciplinele matematice, abstracte sau aplicate. Cursurile dealgebrliniari geometrie se regsesc n programa analitica oricrei universiti cuprofil tehnic. Conceptele introduse i rezultatele obinute n cadrul unui astfel de curs,
fiind preluate i utilizate de numeroase discipline tehnice, au condus la necesitateaintroducerii algebrei liniare i a geometriei ca materie de studiu pentru toatespecializrile din Universitatea Tehnicde Construcii Bucureti.
Aceast lucrare are la baz cursurile pe care le-am predat la Facultatea deHidrotehnici respectprograma analitica primului semestru aferentspecializriiIngineria Mediului. Principalele teme tratate sunt: calcul vectorial, geometrie analitic
n spaiu, spaii vectoriale i spaii euclidiene, valori proprii i vectori proprii, formeptratice i forme biliniare. De asemenea sunt prezentate i cteva metode numerice nalgebra liniar: metode de rezolvare a sistemelor de ecuaii liniare sau pentrudeterminarea valorilor proprii i a vectorilor proprii. Toate rezultatele teoretice sunt
nsoite de demonstraii complete, ceea ce permite parcurgerea independenta acesteilucrri de ctre studenii anului I. Dei cartea are un pronunat caracter teoretic, pe
parcursul ei am inclus numeroase exerciii avnd rezolvri complete, iar fiecarecapitol se ncheie cu o seciune de exerciii propuse, cu diferite grade de dificultate.Astfel, lucrarea poate fi folositi n cadrul seminarului.
Doresc smulumesc D-lui. Prof. Dr. Ghiocel Groza pentru atenia cu care acitit manuscrisul i pentru observaiile pertinente i constructive care au marcatpozitiv conceperea acestei lucrri.
Bucureti, septembrie 2009 Leonard Du
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
3/203
Cuprins
Capitolul I: Vectori liberi..................................................................................1. Vectori liberi..........................................................................................2. Operaii cu vectori liberi........................................................................3. Expresia analitica unui vector liber....................................................4. Produsul scalar......................................................................................5. Produsul vectorial..................................................................................6. Produsul mixt........................................................................................7. Exerciii.................................................................................................
Capitolul II: Planul i dreapta n spaiu...........................................................1. Planul.....................................................................................................2. Dreapta..................................................................................................3. Fascicol de plane...................................................................................4. Unghiuri n spaiu..................................................................................5. Distane n spaiu...................................................................................6. Exerciii.................................................................................................
Capitolul III:Spaii vectoriale..........................................................................1. Noiunea de spaiu vectorial. Exemple..................................................2. Dependeni independenliniar.......................................................3. Sistem de generatori. Baza unui spaiu vectorial................................4. Subspaii vectoriale...............................................................................5. Schimbarea bazei unui spaiu vectorial.................................................6. Exerciii.................................................................................................
Capitolul IV:Spaii euclidiene..........................................................................1. Produs scalar. Norm.............................................................................2. Ortogonalitate. Baze ortonormate.........................................................3. Polinoame ortogonale............................................................................4. Exerciii.................................................................................................
Capitolul V:Transformri liniare....................................................................1. Definiie. Exemple. Proprieti..............................................................2. Nucleul i imaginea unei transformri liniare.......................................3. Matricea asociatunei transformri liniare...........................................4. Exerciii.................................................................................................
114
12
14192426
29293337404348
50505254606567
707076
8290
929296
102107
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
4/203
Capitolul VI:Sisteme de ecuaii liniare............................................................1. Metoda lui Gauss...................................................................................2. Factorizarea LU.....................................................................................3. Factorizarea Cholesky...........................................................................4. Metode iterative de rezolvare ale sistemelor de ecuaii liniare.............5. Exerciii.................................................................................................
Capitolul VII:Valori proprii i vectori proprii...............................................1. Valori proprii i vectori proprii.............................................................2. Localizarea valorilor proprii..................................................................3. Diagonalizarea unui endomorfism (sau a unei matrice)........................4. Metoda puterii.......................................................................................5. Exerciii.................................................................................................
Capitolul VIII:Clase speciale de matrice........................................................
1. Matrice ortogonale.................................................................................2. Matrice simetrice...................................................................................3. Rotaii i simetrii...................................................................................4. Exerciii.................................................................................................
Capitolul IX:Forme biliniare. Forme ptratice..............................................1. Forme biliniare......................................................................................2. Forme ptratice. Reducerea la forma canonic.....................................3. Signatura unei forme ptratice. Teorema ineriei..................................4. Exerciii.................................................................................................
Bibliografie..........................................................................................................
Indice...................................................................................................................
109109114
123127135
138138146149155158
160
160164166174
176176179189192
195
197
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
5/203
1
Capitolul I
Vectori liberi
1. Vectori liberi
Fie 3E spaiul tridimensional al geometriei elementare, spaiu conceput ca omulime de puncte i n care sunt valabile axiomele lui Euclid.
Definiii 1.1: Se numete vector legat sau segment orientat o perecheordonatde puncte 33 EE(A,B)
fig. 1
Punctul A se numete originea, iar B vrful sau extremitatea vectorului legat(A,B).
Dac BA , atunci dreapta determinat de punctele A i B se numetedirecia vectorului legat (A,B). Dac BA = , atunci obinem vectorul legat (A,A),numit vector legat nul. Direcia oricrui vector legat nul este nedeterminat.
Se numete lungime sau normsau modul a unui vector legat (A,B) numrulreal pozitiv care reprezint distana dintre punctele A i B (relativ la o unitate demsurfixat).
Evident, un vector legat este nul daci numai dac lungimea lui este zero.
Definiii1.2:Fie (A,B) i (C,D) doi vectori legai nenuli.
A
B
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
6/203
2
1. Spunem c(A,B) i (C,D) au aceeai direcie dacdreptele lor suport suntparalele. n cazul particular n care dreptele suport coincid, vom spune cvectoriilegai sunt coliniari.
2. Dac A,B,C,D sunt puncte necoliniare, vectorii legai (A,B) i (C,D) auaceeai direcie, iar punctele B i D se aflde aceeai parte a dreptei AC, vom spunec(A,B) i (C,D) au acelai sens (fig. 2). DacA,B,C,D sunt puncte coliniare i exist
dou puncte E, F, nesituate pe dreapta determinat de cele patru puncte iniiale,astfel nct vectorul legat (E,F) are acelai sens i cu (A,B) i cu (C,D), vom spune c(A,B) i (C,D) au acelai sens. Doi vectori care au aceeai direcie dar nu au acelaisens, se spune cau sensuri opuse.
fig. 2
Definiia 1.3:Doi vectori legai (A,B) i (C,D) se numesc echipoleni i vomnota (A,B)~(C,D), dacau acelai sens i aceeai lungime sau, echivalent, dacsegmentele [AD] i [BC] au acelai mijloc.
fig. 3
Observaie: Se poate verifica frdificultate crelaia de echipolenpe
mulimea vectorilor legai are proprietile:1. este reflexiv: (A,B)~(A,B);2. este simetric: dac(A,B)~(C,D), atunci i (C,D)~(A,B);3. este tranzitiv: dac(A,B)~(C,D) i (C,D)~(E,F), atunci (A,B)~(E,F).
Astfel, putem afirma cechipolena vectorilor legai este o relaie de echivalen.
Relaia de echipolen poate fi extins i la vectorii legai nuli: orice doivectori legai nuli sunt echipoleni ntre ei.
CA
B D
A
B
C
D
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
7/203
3
Fiind dat vectorul legat (A,B), existo infinitate de vectori legai echipolenicu (A,B) (practic, cu originea n orice punct al spaiului 3E putem construi un vectorechipolent cu (A,B) i numai unul).
Definiia 1.4: Clasele de echivalenale vectorilor legai, relativ la relaia deechipolen, se numesc vectori liberi. Cu alte cuvinte, un vector liber reprezintmulimea tuturor vectorilor legai echipoleni cu un vector legat dat. Dac(A,B) esteun vector legat, atunci vom nota cu AB vectorul liber corespunztor, adic
)},(~),(/),{( 33 BADCEEDCAB =
Vom nota cu 3V mulimea tuturor vectorilor liberi din spaiul 3E .
Un vector legat (A,B) determinun vector liber (o clasde echivalen) AB ivom spune c este un reprezentant al vectorului liber determinat. Vom nota
ABA,B )( .Uneori, vectorii liberi se noteaz i cu litere mici cu sgeat deasupra:
...,,,, vuba
rrrr
Definiia 1.5: Prin direcie, sens i lungime a unui vector liber vom nelege
direcia, sensul i respectiv lungimea unui reprezentant al vectorului liber. DacAB
este un vector liber, vom nota cu AB lungimea vectorului liber.
Observaie: Un vector legat este caracterizat prin: origine, direcie, sens ilungime. n cazul unui vector liber, caracteristice sunt numai direcia, sensul ilungimea. Aadar putem considera un vector liber dat v
rca avnd originea n orice
punct din spaiu.
Definiia 1.6: Vectorul liber de lungime zero se numete vector nul i senoteaz 0
r.
Ca reprezentant al vectorului nul putem lua vectorul legat (A,A), cu 3EA
arbitrar. Direcia i sensul vectorului liber nul sunt nedeterminate.
Definiia 1.7: Un vector liber de lungime unu se numete versor.
Definiia 1.8: Doi vectori liberi ar
i br
se numesc egali i scriem barr
= ncazul n care reprezentanii lor sunt echipoleni.
Definiia 1.9: Doi vectori liberi nenuli ar i br care au aceeai direcie senumesc vectori coliniari. Trei vectori liberi nenuli care admit reprezentani situaintr-un acelai plan se numesc coplanari.
Definiia 1.10: Doi vectori coliniari care au aceeai lungime, dar sensuriopuse se numesc vectori opui; opusul vectorului liber a
rva fi notat cu a
r .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
8/203
4
2. Operaii cu vectori liberi
Definiia 2.1: Fie ar
i br
doi vectori liberi, O punct fixat n spaiul 3E i
considerm vectorii OA i OB astfel nct aOA r
= i bOBr
= . Atunci suma
vectorilor ar
i br, notat ba
rr+ este vectorul OCc =
r, unde OC este diagonala
paralelogramului OACB.
Observaii: 1. Definiia precedent este cunoscut sub numele de regulaparalelogramului. Aceast regul de adunare a vectorilor are la baz fapteexperimentale i a fost obinut mai nti la compunerea (adunarea) forelor nmecanic.
2. Vectorul sum cr
este independent de alegearea punctului O n spaiu,
adicde alegerea reprezentanilor OA i OB ai vectorilor ar
i respectiv br
.
fig. 4
Se poate vedea c, dacse considerpuncteleAiBn 3E astfel nct aOA r
=
i bABr
= , atunci vectorul OB va reprezenta suma barr
+ . Aceast metod deadunare a doi vectori liberi este cunoscutsub numele de regula triunghiului.
fig. 5
Observaie:Regula triunghiului se generalizeaz la regula liniei poligonale,prin intermediul creia pot fi adunai un numr de n vectori liberi naaa
rrr,...,, 21 , astfel:
O A
B
O A
B C
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
9/203
5
pornind din punctul O se construiete linia poligonal nAAOA ...21 , cu
...,, 22111 aAAaOA rr
== , nnn aAA r
=1 ; atunci suma naaa rrr
+++ ...21 este nOAs =r
.
fig. 6
Propoziia 2.2: Operaia de adunare a vectorilor liberi are urmtoareleproprieti:
1. este comutativ: abba rrrr
+=+ , pentru orice 3, Vba rr
;
2. este asociativ: )()( cbacba rrrrrr
++=++ , pentru orice 3,, Vcba rrr
;
3. are element neutru, vectorul nul: aaa rrrrr
=+=+ 00 , pentru orice 3Va r
;
4. orice element este simetrizabil: pentru orice vector liber ar
existun vector
notat ar
astfel nct 0)()( rrrrr
=+=+ aaaa ( ar
este chiar opusul vectorului ar,
definit n paragraful anterior).
Demonstraie: 1. Proprietatea de comutativitate a adunrii vectorilor liberi
este imediatdacse ine cont de regula paralelogramului.2. Fie 3,, Vcba
rrrarbitari. Proprietatea de asociativitate este evidentdacse
folosete regula triunghiului:
fig. 7
3. i 4. Clar.
Observaii:1. Din Propoziia precedentrezultc ),( 3 +V este un grup
abelian.
cb rr
+ ar
br
cr
)( cba rrr
++
barr
+ ar
br
cr
cba rr
r ++ )(
2ar
nar
sr
O
1A
2A
nA
1ar
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
10/203
6
2. Cu ajutorul vectorului opus se poate efectua scderea a doi vectori astfel:
)( babarrrr
+= . Din punct de vedere grafic, diferena barr
este cea de-a doua
diagonala paralelogramului construit pe vectorii ar
i br, cu sensul ctre vectorul
din care se scade.
fig. 8
Definiia 2.3: Fie ar
un vector liber i R . Se numete nmulire avectorului ar cu scalarul (numrul real) i se noteaz ar vectorul definit astfel:
- dac 0ar
i 0 , atunci ar
are lungimea ar
, aceeai direcie cu ar,
iar sensul coincide cu al lui ar
sau este opus sensului lui ar, dup cum 0> sau
0 . Rezultc 0>+ . Vectorii a
r)( + i aa
rr + vor avea
aceeai direcie i acelai sens cu ar
. Cu privire la lungimile lor, obinem:aaaaaaaaa
rrrrrrrrr +=+=+=+=+=+ )()( .
Astfel putem conchide cn acest caz aaa rrr
+=+ )( .ii) 0, i 0+ . Atunci:aaaaaaaa
rrrrrrrr)()()()( +=+++=++=+
(la penultima egalitate s-a folosit punctul i), scalarii + i fiind ambiipozitivi).
iv) 0 se trateazsimilar cazului anterior.
ar
br
barr
barr
+
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
11/203
7
2. Considerm vectorii aOA r
= i bABr
= . Atunci baOBrr
+= . Presupunem
0> (cazul 0
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
12/203
8
Demonstraie: Dac ar
sau br
ar fi vector nul, atunci ar
i br
ar fi coliniari,
ceea ce contrazice ipoteza. Deci }0{\, 3rrr
Vba .
Dac 0rr
=c , atunci putem considera 0== i concluzia teoremei esteclar.
Aadar, n cele ce urmeaz, vom lucra cu cba rrr,, vectori liberi nenuli. Fie O
punct arbitrar n spaiul 3E i vectorii cOCbOBaOA rrr === ,, . Coplanaritatea
vectorilor cba rrr,, este echivalentcu coplanaritatea punctelor O, A, Bi C.
Prin punctul Cvom duce paralele la vectorii OA i OB si notm cu 'B , 'A
interseciile acestor paralele cu direciile vectorilor OB i respectiv OA . Obinemastfel paralelogramul ''CBOA :
fig. 10
Evident '' OBOAOC += . Vom demonstra c 'OA i 'OB sunt unicii vectori avnd
aceeai direcie cu vectorii OA i respectiv OB , cu proprietatea c '' OBOAOC += .Presupunem prin absurd c exist '" AA punct pe dreapta OAi '" BB punct pe
dreapta OB astfel nct ""'' OBOAOBOAOC +=+= . Rezult c
'""' OBOBOAOA = . Evident "' OAOA este un vector nenul coliniar cu ar
, iar
'" OBOB este un vector nenul coliniar cu br
. Astfel, din Propoziia 2.5, egalitatea
'""' OBOBOAOA = conduce la coliniaritatea vectorilor ar
i br
- contradicie.
Deci scrierea '' OBOAOC += este unic.
Pe de altparte, deoarece vectorii OA i 'OA sunt coliniari, din Propoziia 2.5
rezult c exist i este unic un scalar astfel nct aOA r=' . Similar, folosind
coliniaritatea vectorilor OB i 'OB , obinem cexisti este unic un scalar astfel
nct bOBr
=' . Deci bacrrr
+= , cu , scalari unic determinai.
Teorema 2.7: Fie barr
, i cr
trei vectori liberi necoplanari. Dac vr
este unvector liber, atunci exist i sunt unici scalarii ,, astfel nct
cbav rrrr
++= .
Demonstraie: Vectorii barr
, i cr
sunt nenuli (altfel s-ar contrazice condiia denecoplanaritate din ipotez).
O 'A A
C'B
B
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
13/203
9
Dac 0rr
=v , atunci putem lua 0=== i concluzia teoremei este clar.
De asemenea, dac vr
este coplanar cu doi dintre vectorii cba rrr,, , atunci ne
reducem la cazul teoremei precedente.
Astfel, n cele ce urmeaz, vom considera cvectorii cba rrr,, i v
rsunt nenuli i
oricare trei sunt necoplanari. Fie O un punct arbitrar n spaiul 3E i vectorii
cOCbOBaOA rrr === ,, i vOM r= . Prin punctul M construim paralela la vectorul
OCi notm cu Npunctul de intersecie al acestei paralele cu planul determinat de
vectorii OA i OB . Pe dreptele suport ale vectorilor OA , OB i OC se considerpunctele 'A , 'B i respectiv 'C astfel nct patrulaterele ''NBOA i 'ONMC suntparalelograme (vezi fig. 11) :
fig. 11
Este clar c '''' OCOBOAOCONOM ++=+= (1)
Se demonstreazfrdificultate, prin reducere la absurd, c 'OA , 'OB i 'OC sunt
unicii vectori avnd aceeai direcie cu vectorii OA , OB i respectiv OC, cu
proprietatea c ''' OCOBOAOM ++= Folosind Propoziia 2.5obinem cexisti sunt unici scalarii ,, astfel
nct aOA r=' , bOB
r=' i cOC
r=' (2)
nlocuind relaiile (2) n (1), gsim c cbav rr
rr ++= .
n finalul acestui paragraf, prezentm o propoziie deosebit de utiln anumiteprobleme de geometrie vectorial, aa cum vom vedea.
Propoziia 2.8: Fie A, M, B trei puncte coliniare, cu M situat ntre A i B.
DacO este un punct arbitrar n spaiu i MBkMA = , atunci
B'A
'B O
'C
A
M
N
vr
C
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
14/203
10
k
OBkOAOM
+
+=
1 (*)
fig. 12
Demonstraie: Evident keste un scalar pozitiv (fiind raportul a doulungimi
de vectori). Deoarece MA i MB sunt vectori coliniari de sensuri opuse iMBkMA = , rezultc
MBkMA = (3)Dar, din triunghiurile OAMi OBMgsim c
OMOAMA = (4)i respectiv
OMOBMB = (5)nlocuind relaiile (4) i (5) n (3), obinem c:
)( OMOBkOMOA = ,
de unde rezultckOBkOAOM
++=
1.
Caz particular important:DacM este mijlocul segmentului [AB], atunci 1=k , decirelaia (*)devine:
2
OBOAOM
+= (**)
Exerciiul 1:Sse arate, cu ajutorul calculului vectorial, cmedianele ntr-untriunghi sunt concurente.
Soluie:Fie ',',' CBA mijloacele laturilor BC, CA i respectiv AB. NotmcAB
r= , aBC
r= i ''}{ BBAAG I= (vezi fig. 13). Din regula triunghiului rezult
caAC rr
+= . Aplicnd relaia (**), vom gsi:2
2
2'
caACABAA
rr+
=+
= i
22'
caBCBABB
rr
=+
= .Vectorii AG i 'AA fiind coliniari, existun scalar astfel
O
BAM
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
15/203
11
nct 'AAAG = . Similar, putem gsi scalarul astfel nct 'BBBG = . Dar
AGBGAB =+ .
fig. 13
nlocuind n funcie de vectorii ar
i cv
, egalitatea precedent conduce la
relaia:2
2
2
cacac
rrrrr +
=
+ . Prin gruparea convenabila termenilor se obine c:
ca rr
=
21
22
.
Pentru a exista triunghiulABCeste clar cvectorii ar
i cv
trebuie sfie necoliniari.
Astfel, din egalitatea precedentrezultc 0
2
1
22
==
, de unde se obine
c3
2== .
Deci punctul Geste situat pe medianele 'AA i 'BB la doutreimi de vrf i otreime de baz. Dac vom considera acum ''}'{ CCAAG I= , printr-un raionamentsimilar celui anterior vom obine c 'G este situat pe medianele 'AA i 'CC la doutreimi de vrf i o treime de baz i astfel 'GG= ceea ce nseamn concurenamedianelor triunghiuluiABC.
Observaie: Pe parcursul rezolvrii Exerciiului 1 s-a demonstrat c centrulde greutate al unui triunghi se aflsituat la doutreimi de vrf i o treime de bazpe
fiecare dintre mediane.
Exerciiul 2: FieABCun triunghi oarecare i Gcentrul su de greutate. DacOeste un punct arbitrar n spaiu, sse arate c
OGOCOBOA 3=++ .
A
B 'A
'B
C
G
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
16/203
12
fig. 14
Soluie: Fie 'A mijlocul laturii BC. Dup cum am vzut, centrul de greutatentr-un triunghi se afl situat la o treime de baz i dou treimi de vrf, pe fiecaredintre mediane. Astfel, .'2 GAGA = Aplicnd relaia (*) punctelor coliniare A, G,
'A , va rezulta c ( )'23
1
21
'2OAOA
OAOAOG +=
+
+= .
'A fiind mijlocul segmentului [BC], din (**) obinem c .2
'OCOB
OA +
= Din
ultimele dourelaii se obine egalitatea cerut.
Lsm cititorului ca tem
urm
torul:
Exerciiul 3: Fie ABCD un tetraedru oarecare i G centrul su de greutate.DacOeste un punct arbitrar n spaiu, sse arate c
OGODOCOBOA 4=+++ .(Centrul de greutate al unui tetraedru se afla la intersecia medianelor tetraedrului segmentele care unesc vrfurile tetraedrului cu centrele de greutate ale feelor opuse.Centrul de greutate se afl poziionat la un sfert de fa i trei sferturi de vrf, pefiecare dintre medianele tetraedrului.)
3. Expresia analitica unui vector liber
Exist mai multe posibiliti de a descrie i studia obiectele geometrice nspaiul tridimensional. Cea mai veche metod, utilizat pentru prima dat de
OA
BC
'A
G
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
17/203
13
matematicienii Greciei antice i formalizatde Euclid, constn studiul axiomatic alacestor obiecte: se definesc punctele, liniile, planele i alte obiecte geometrice prinintermediul axiomelor pe care le satisfac. O alt metod, datorat lui Descartes,propune pentru rezolvarea problemelor de geometrie o abordare algebric, dupcumurmeaz: se fixeaz mai nti un punct O ca origine i apoi se traseaz trei axeperpendiculare doucte doun punctul O(prin axnelegem o dreaptpe care s-au
fixat o origine, un sens i o unitate de msur). Vom conveni ca cele trei axe sfiedispuse ca n fig. 15.
Axa Oxse numete axa absciselor, Oyaxa ordonatelor, iar Ozaxa cotelor. Pecele trei axe de coordonate se vor considera versorii kji
rrr,, avnd aceeai orientare cu
Ox, Oy, respectiv Ozi originea n punctul O. Vom nota acest sistem ortogonal decoordonate prin Oxyz.
Cum versorii kjirrr
,, sunt necoplanari, conform Teoremei 2.7, orice vector
liber 3Vv r
se scrie n mod unic sub forma:
kvjvivv zyxrrrr
++= . (1)
fig. 15
Scalarii zyx vvv ,, se numesc componentele vectorului vr
, iar relaia (1) este cunoscut
sub numele de expresia analitica vectoruluivr
.Considerm M un punct oarecare din spaiu. n raport cu sistemul de
coordonate considerat, punctul M are coordonate ),,( MMM zyx . Vom desemna acest
lucru prin notaia ),,( MMM zyxM . Din procedeul descompunerii unui vector duptreidirecii necoplanare, indicat n demonstraia Teoremei 2.7, precum i din
reprezentarea punctelor n sistemul de ortogonal de coordonate Oxyz, se obine c:kzjyixOM MMMrrr
++= . (2)
Propoziia 3.1: Fie ),,( MMM zyxM i ),,( NNN zyxN doupuncte n spaiu.
Atunci vectorul MN are expresia analitic:
kzzjyyixxMN MNMNMNrrr
)()()( ++= .
O
x
y
z
ir
jr
kr
M
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
18/203
14
fig. 16
Demonstraie: Conform relaiei (2), avem: kzjyixOM MMMrrr
++= i
kzjyixON NNNrrr ++= . Deoarece OMONMN = , folosind egalitile precedente
obinem relaia dorit.
4. Produsul scalar
Definiia 4.1: Fie }0{\, 3rrr
Vba . Numim unghi determinat de vectorii barr
, inotm cu ),( ba
rr unghiul, din intervalul ],0[ , format de direciile celor doi
vectori, astfel nct vrfurile celor doi vectori s se afle pe cele dou laturi aleunghiului (vezi fig. 17).
fig. 17
Definiia 4.2: Fie }0{\, 3rrr
Vba . Se numete produs scalar al vectorilor ar
i
br
i se noteaz cu barr
numrul real dat de formula cosbabarrrr
= ),( barr
.
Dac 0rr
=a sau 0rr
=b , atunci prin definiie 0= barr
.
ar
br
ar
br
O
x
y
z
ir
jr
kr
M
N
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
19/203
15
Obsevaie: Din definiia precedent se obine imediat o prim formul de
calcul a unghiului dintre doi vectori nenuli:
cosba
baba rr
rrrr =),(
Astfel, ca o consecin, obinem cdoi vectori nenuli ar i br
sunt ortogonali dacinumai dac 0= ba
rr.
Interpretarea mecanica produsului scalar:Dac ar
i br
sunt doi vectori, O
este un punct material asupra cruia se exercito for aF rr
= i care efectueazo
deplasare definit de vectorul br, atunci produsul scalar ba
rr este chiar lucrul
mecanic L al forei Fr
pentru deplasarea br
.
fig. 18
Definiia 4.3: Dac }0{\, 3rrr
Vba , iar = ),( barr
, atunci numrul real
cosar
se numete mrimea proieciei ortogonale a vectorului ar
pe vectorul br
i
se noteaz aprbr
r . Dac 0rr
=a , atunci prin definiie 0=aprbr
r .Dac 0rr
=b , atunci nu
exist aprbr
r .
Observaie:Din definiiile produsului scalar i respectiv a mrimii proiecieiortogonale a unui vector pe un alt vector, obinem c
bpraaprbba abrrrrrr
rr == .
Propoziia 4.4:Mrimea proieciei ortogonale are proprietile:
1. bpraprbapr cccrrrr
rrr +=+ )( ,pentru orice }0{\,, 3rrrr
Vcba ;
2. aprapr bbrr
rr =)( , pentru orice }0{\, 3rrr
Vba i R .
Demonstraie: 1. Fie Opunct arbitrar n spaiul 3E i puncteleA,B,Castfelnct ,, bOBaOA
rr== cOC
r= . Atunci aprOA c
rr=' , bprOB c
rr=' i
)(' baprOD crr
r += (vezi fig. 19). Deoarece '''''' OAOBDBOBOD +=+= ,
rezultc bpraprbapr cccrrrr
rrr +=+ )( .
aF rr
=
br
O
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
20/203
16
fig. 19
2. Presupunem mai nti c >0. Considerm punctele A, 1A , Bastfel nct
aOA r
= , aOA r=1 i bOB
r= . Dac 'A i '1A sunt proieciile ortogonale ale
punctelor A i respectiv 'A pe dreapta OB (vezi fig. 20), din asemnarea
triunghiurilor 'OAA i
'
11AOA rezult c == OA
OA
OA
OA 11
'
'
, de unde obinem
''1 OAOA = , ceea ce nseamnc aprapr bbrr
rr =)( .
Dac ,0= atunci dinDefiniia 4.3egalitatea de demonstrat devine 0=0.Dac0.
fig. 20
Propoziia 4.5: Produsul scalar al vectorilor liberi are proprietile:
1. abba rrrr
= , pentru orice 3, Vba rr
;
2. )()()( bababarrrrrr
== , pentru orice 3, Vba rr
i R ;
3. cabacba rrrrrrr
+=+ )( , pentru orice3
,, Vcba rrr
.
Demonstraie: 1. Este evident din definiia produsului scalar, avnd n vedere
cunghiul dintre vectorii ar
i br
coincide cu unghiul dintre br
i ar
.2. Este suficient sdemonstrm prima egalitate.
Dac 0= , atunci 0)()( == babarrrr
.
Dac>0, atunci vectorii ar
i ar
au acelai sens, deci ),( barr
= ),( barr
.n acest caz, obinem:
ar
ar
A
'A
1A
'1A O
O
A
'B
B
'D
D
C'A
ar
br
cr
ar
+br
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
21/203
17
cos)( babarrrr
= cos),( babarrrr
= )(),( babarrrr
= .
Dac
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
22/203
18
Exerciiul 1: S se determine scalarul astfel nct vectorii
kjiarrrr
+++= )3( i kjibrrrr
= 37 sfie perpendiculari.
Soluie: Aa cum s-a vzut anterior, perpendicularitatea vectorilor ar
i br
este
echivalent cu egalitatea 0= ba
rr
. Utiliznd expresia analitic a produsului scalar,obinem c 0)3(37 =+ , de unde 3= .
Exerciiul 2: Dac 3, Vba rr
astfel nct 3=ar
, br
=2, iar unghiul dintre cei
doi vectori este3
, s se determine unghiul dintre diagonalele paralelogramului
construit pe cei doi vectori.
fig. 21
Soluie: Deoarece la acest moment avem o formul de calcul numai pentruunghiul dintre doi vectori, este natural s dm semnificaie de vectori celor dou
diagonale: barr
+ , respectiv barr
(vezi fig. 21). Pentru determinarea unghiului formatde aceti doi vectori, folosim:
cosbabababababa rrrr
rrrrrrrr
+
+=+ )()(),(
Dar 5)()(22
==+ bababarrrrrr
. De asemenea,
1942
123292)()(
222
=++=++=++=+ bbaabababarrrrrrrrrr
, de unde
19=+ barr
. Similar gsim 7= barr
. n final obinem:
cos133
5),( =+ babarrrr
.
Exerciiul 3:Se considervectorii kjiOArrr
22 += i kiOBrr
43 += . Sse
determine versorul bisectoarei unghiului ),( OBOA .
Soluie: Determinm mai nti versorii corespunztori celor doi vectori dai:
3441 =++=OA i 5169 =+=OB , deci )22(3
1kjiarrrr
+= i
br
ar
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
23/203
19
)43(5
1kibrrr
+= sunt versorii vectorilor OA , resp. OB . Paralelogramul determinat de
versorii ar
i br
este de fapt un romb, deci bisectoarea unghiului determinat de cei doivectori coincide cu diagonala care trece prin punctul O. Dacnotm
kjibadrrrrrr
15
2
3
2
15
14++=+= , atunci versorul bisectoarei unghiului cutat va fi :
( )kjid
dv
rrrr
rr
21014310
1++== .
Exerciiul 4: Demonstrai cntr-un triunghi nlimile sunt concurente.
fig. 22
Soluie: Fie 'BB i 'CC nlimile corespunztoare laturilor AC i respectivAB. Notm ''}{ CCBBH I= . Vom demonstra c BCAH .
Introducem vectorii HAa =r , HBb =r i HCc =r . Rezult c abAB = ,
bcBC vr
= i caCA vv
= . Deoarece ACBH i ABCH , obinem c
0)( = cab rvv
i 0)( = abc rvr
. Prin adunarea ultimelor dourelaii gsim 0= acab rrrr
,
adic 0)( = acb rvv
, ceea ce implic BCAH .
5. Produsul vectorial
Definiia 5.1 : Fie }0{\, 3rrr
Vba doi vectori necoliniari. Se numete produs
vectorial al vectorilor ar
i br
i se noteazcu barr
vectorul avnd:
- direcie perpendicularpe vectorii ar
i br
;- sens dat de regula burghiului, adicsensul de avansare al burghiului cnd
se deplaseazvectorul ar
peste vectorul br
;
B C
A
'B
'C
H
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
24/203
20
- mrime datde formula sinbabarrrr
= ),( barr
.
(vezi fig. 23)
Dac ar
sau 0rr
=b , sau vectorii ar
i br
sunt coliniari, atunci prin definiie
0= barr
.
Observaie: Formula de calcul a mrimii produsului vectorial furnizeaz oaltmodalitate de determinare a unghiului dintre doi vectori nenuli:
sinba
baba rr
rrrr
=),(
n consecin, doi vectori liberi nenuli sunt coliniari daci numai dacprodusul lorvectorial este zero.
fig. 23
Interpretarea geometric a produsului vectorial: Mrimea produsuluivectorial a doi vectori nenuli si necoliniari este egal cu aria paralelogramuluiconstruit pe cei doi vectori (pentru demonstrarea acestui rezultat indicm utilizarea
formulei ariei unui triunghi ABC ca2
sinAACAB )
Propoziia 5.2: Produsul vectorial are proprietile:
1. abba rrrr
= , pentru orice 3, Vba rr
;
2. )()()( bababarrrrrr
== , pentru orice 3, Vba rr
i R ;
3. cabacba rrrrrrr
+=+ )( , pentru orice 3,, Vcba rrr
.
Demonstraie: 1. Schimbnd ordinea factorilor n produsul vectorial, direciai mrimea acestuia nu se modific. Se va schimba doar sensul. Astfel, avem c
abba rrrr
= , deci produsul vectorial este anticomutativ.2. Vom demonstra prima egalitate, pentru cea de-a doua procedndu-se
analog.Dac 0= , atunci fiecare termen al egalitii ce trebuie probat devine
vectorul nul.
ar
br
barr
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
25/203
21
Dac >0, putem considera cvectorii barr
, sunt nenuli (n caz contrar, dubla
egalitate din enun este evident). Atunci ),( barr
= ),( barr
i vectorii barr
)( ,
barr
i )( barr
vor avea acelai sens. Pe de altparte,
sin)( babarrrr
= ),( barr
sinbarr
= ),( barr
)( barr
= ,
deci putem conchide c )()( babarrrr
= .Dac
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
26/203
22
Asemntor se obine c 'OCOAOCOA = i 'ODOAODOA = . (2)
Fie 3" EB astfel nct '" OBOAOB = . Deoarece OAOB " , "B se afl
situat n planul )(P . Cum '" OBOB i '" OBOB = , "OB se obine rotind vectorul
'OB cu unghi 2 n planul )(P (astfel ca sensul lui "OB s respecte regula
burghiului aplicatvectorilor OA i 'OB ). Similar se obin n planul )(P punctele "C
i "D din relaiile '" OCOAOC = i respectiv '" ODOAOD = . n plus, """ CDOB este paralelogramul obinut prin rotirea paralelogramului ''' CDOB cu unghi 2 n
planul )(P . Din regula paralelogramului rezult c """ OCOBOD += , adic
''' OCOAOBOAODOA += . Din relaiile (1) i (2), ultima egalitate este
echivalentcu OCOAOBOAODOA += , adic
OCOAOBOAOCOBOA +=+ )( .Astfel
cabacba rrrrrrr
+=+ )( (3)
Presupunem acum c }0{\3rr Va arbitrar i notm
aav rrr
= . Atunci evident vr
este versor i, din relaia (3), cvbvcbv rrrrrrr
+=+ )( . Amplificnd aceastegalitate
cu ar
i innd cont de proprietatea 2din aceast propoziie vom obine afirmaia
dorit.
Teorema 5.3 (Expresia analitic a produsului vectorial): Fie
kajaiaa zyxrrrr
++= i kbjbibb zyxrrrr
++= doi vectori liberi, dai sub form
analitic. Atunci produsul lor vectorial se calculeazcu formula:
zyx
zyx
bbb
aaakji
ba
rrr
rr= .
Demonstraie: Determinm mai nti valorile produsului vectorial pemulimea versorilor },,{ kji
rrr. De exemplu, din Definiia 5.1 i din orientarea
versorilor (vezi fig. 25), obinem:0= ii
rri kji
rrr= .
Raionnd astfel, rezultatele produsului vectorial pe mulimea versorilor axelor decoordonate pot fi date sub forma tabelului
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
27/203
23
Din proprietile produsului vectorial i din rezultatele tabelului precedent
obinem:
+++=++++= kibajibaiibakbjbibkajaiaba zxyxxxzyxzyxrrrrrrrrrrrrrr
)()(
=+++++ kbakkbajkbaikbakjbajjbaijba yxzzyzxzzyyyxyrrrrrrrrrrrrr
ibajbaibakbajba yzxzzyxyzxrrrrr
++ .Pe de altparte:
jbaibakbakbajbaiba
bbb
aaa
kji
zxyzxyyxxzzy
zyx
zyx
rrrrrr
rrr
++= .
Comparnd aceste dourelaii, obinem formula dorit.
Exerciiul 1:Studiai coliniaritatea punctelor:A(-1,3,2),B(0,4,1) i C(2,6,-1).
Soluie:Punctele A(-1,3,2), B(0,4,1) i C(2,6,-1) sunt coliniare daci numai
dacvectorii kjiABrrr
+= i kjiACrrr
333 += sunt coliniari, adic 0r
=ACAB .
Dar 0
333
111 r
rrr
=
=
kji
ACAB , deci cele trei puncte sunt coliniare.
Exerciiul 2: Se consider punctele A(1,0,2), B(3,2,-2) i C(0,-1,2). S sedetermine aria triunghiuluiABCprecum i lungimea nlimii dinB.
Soluie:Vectorii AB i AC au expresiile analitice kjiAB rrr 422 += i
jiAC rr
= . Folosind expresia analitica produsului vectorial, obinem:
ji
kji
ACAB rr
rrr
44
011
422 +=
= ,
de unde gsim aria triunghiului 222
1== ACABSABC .
Pe de altparte, lungimea nlimii dinBeste 42
==AC
Sh ABCb .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
28/203
24
6. Produsul mixt
Definiia 6.1:Fie 3,, Vcba rrr
. Se numete produs mixt al vectorilor cba rrr,, i
se noteazcu ),,( cba rrr
scalarul dat de relaia:)(),,( cbacba
rrrrrr=
Teorema 6.2 (Expresia analitica produsului mixt): Fie
kajaiaa zyxrrrr
++= , kbjbibb zyxrrrr
++= i kcjcicc zyxrrrr
++= trei vectori liberi,
dai sub formanalitic. Atunci produsul mixt al celor trei vectori se poate calculaprin formula:
zyx
zyx
zyx
ccc
bbb
aaa
cba =),,( rrr
Demonstraie: Din expresia analitica produsului vectorial obinem c:
kcc
bbj
cc
bbi
cc
bb
ccc
bbb
kji
cbyx
yx
zx
zx
zy
zy
zyx
zyx
rrr
rrr
rr+== .
Folosind acum definiia produsului mixt i expresia analitic a produsului scalar,rezultc:
zyx
zyx
zyx
yx
yxz
zx
zxy
zy
zyx
ccc
bbb
aaa
cc
bba
cc
bba
cc
bbacbacba =+== )(),,(
rrrrrr
(ultima egalitate, privit de la dreapta la stnga, reprezint dezvoltarea dup primalinie a determinantului de ordinul trei).
Propoziia 6.3: Produsul mixt are proprietile:1. ),,(),,(),,( bacacbcba
rrrrrrrrr== , pentru orice 3,, Vcba
rrr;
2. ),,(),,(),,(),,( abcbcacabcba rrrrrrrrrrrr
=== , pentru orice 3,, Vcba rrr
;
3. ),,(),,(),,( 2121 cbacbacbaa rrrrrrrrrr
+=+ , pentru orice 321 ,,, Vcbaa rrrr
;
4. ),,(),,( cbacba rrrrrr = , pentru orice 3,, Vcba
rrri R .
Demonstraie: Aceste proprieti se verific imediat dac se ine cont deexpresia analitica produsului mixt, precum i de proprietile determinanilor.
Observaie: Proprietile 1. i 2. pot fi sintetizate astfel: la aplicarea uneipermutri de ordin 3 termenilor unui produs mixt se schimbsemnul daci numaidacpermutarea este impar.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
29/203
25
Interpretarea geometric a produsului mixt: Modulul produsului mixt
),,( cba rrr
este egal cu volumul paralelipipedului construit pe cei trei vectori.
ntr-adevr, volumul paralelipipedului este dat de produsul dintre aria bazei Ab
i nlimea paralelipipedului h. Dar aria bazei Ab este cb rr
(vezi interpretarea
geometrica produsului vectorial), iar unghiul dintre vectorii a
r
i cb
rr
coincidecu unghiul dintre vectorul a
r i nlimea h, deci =cosa
rh. Obinem astfel:
== cos),,( cbacba rrrrrr
Abh, deci concluzia dorit.
fig. 26
Corolar 6.4: Trei vectori liberi cba rrr,, sunt coplanari daci numai dac
produsul lor mixt este zero.
Demonstraie: Putem presupune, fr a reduce generalitatea, c cba rrr ,, suntvectori nenuli i oricare doi sunt necoliniari (n cazul contrar echivalena din enunfiind clar).
Dac cba rrr,, sunt vectori coplanari, n ipoteza de lucru formulatanterior, din
Teorema 2.6 rezultcexistscalarii , astfel nct bacrrr
+= . Astfel, ultima
linie a determinantului care reprezintexpresia analitica produsului mixt ),,( cba rrr
vafi o combinaie liniar a primelor dou linii i n consecin acest determinant va fi
zero. Deci 0),,( =cba rrr
.Reciproc, dac produsul mixt este zero, atunci volumul paralelipipedului
construit pe cei trei vectori este zero (vezi fig. 26). Vectorii b
r
i cr
fiind necoliniari,aria bazei Ab este nenuli astfel rezultcnlimea h a paralelipipedului trebuie sfie zero. Acest lucru se ntmpldaci numai dacpunctul A este n planul bazei,adic cba
rrr,, sunt vectori coplanari.
Aplicaie important: Calculul volumului unui tetraedru
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
30/203
26
Volumul tetraedrului OABC este:6
),,(
32
3
cbahcb
hAV OBCOABC
rrr
rr
=
=
= .
Exerciiul 1: Se consider punctele )7,2,0(),1,1,3(),2,0,1( CBA . S se
determine un punctDpe axa Oxastfel nct volumul tetredruluiABCDsa fie 7. Aflaiapoi lungimea nlimii coborte din vrfulDpe faa (ABC) a tetraedrului.
Soluie: Vrful cutat D fiind pe axa Ox, va avea coordonate de forma
)0,0,(D , cu R . Atunci vectorii ADACAB ,, au expresiile analitice:
kjiABrrr
= 2 , kjiACrrr
52 ++= i respectiv kiADrr
2)1( = .
Rezult c 33
201
521
112
),,( =
=
ADACAB , de unde obinem cvolumul
tetraedruluiABCDeste 2
1
6
33 +=
=
ABCDV . Punnd condiia ca acest volum
s fie 7 gsim 151 = i 132 = . Deci exist dou puncte )0,0,15(1 D i
)0,0,13(2D care satisfac cerinele exerciiului.Dac notm cu h lungimea nlimii coborte din vrful D pe faa (ABC) a
tetraedrului, atunciABC
ABCD
A
Vh
3= , unde ABCA reprezint aria triunghiului ABC.
Deoarece
kji
kji
ACABrrr
rrr
393
521
112 +=
= , iar2
113
2
1== ACABAABC , obinem
11
14=h .
7. Exerciii
1. Fie ABC un triunghi oarecare, G centrul su de greutate i ',',' CBA
mijloacele laturilorBC, CAi respectivAB. Sse arate c:i) 0'''
r=++ CCBBAA ;
ii) Geste unicul punct din spaiu care satisface relaia 0r
=++ GCGBGA ;iii) centrul de greutate al triunghiului ''' CBA coincide cu centrul de greutate G
al triunghiuluiABC.
2. Pe un cerc cu centrul n punctul O se considertrei puncte A, B, C. S se
arate ctriunghiulABCeste echilateral daci numai dac 0r
=++ OCOBOA .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
31/203
27
3. Fie ABC un triunghi i O centrul cercului circumscris triunghiului. S se
arate ctriunghiulABCeste echilateral daci numai dac AOACAB 3=+ .
4. ntr-un cerc de centru Ose considerdoucoarde perpendiculareABi CDcare se intersecteazn punctul P. Sse demonstreze c:
POPDPCPBPA 2=+++ .
5. Sse arate, cu ajutorul calculului vectorial, cdiagonalele unui romb suntperpendiculare.
6. FieABCDun patrulater i Opunctul de intersecie al diagonalelor.i) Sse arate cABCDeste trapez daci numai dacpunctul Oaparine unuia
dintre segmentele care unete mijloacele a doulaturi opuse ale patrulaterului;ii) S se arate cABCD este paralelogram dac i numai dac punctul O
aparine fiecruia dintre segmentele care unete mijloacele laturilor opuse alepatrulaterului.
7. Fie ABCDun patrulater i O punctul de intersecie al diagonalelor. S se
arate cABCDeste paralelogram daci numai dac MOMDMCMBMA 4=+++ ,oricare ar fi punctulMdin spaiu.
8. i) Fie 3,,, EMCBA puncte arbitrare. Sse demonstreze care loc relaia:
0=++ ABCMCABMBCAM .ii) Sse demonstreze cdacntr-un tetraedru douperechi de muchii opuse
sunt ortogonale, atunci i cea de-a treia pereche are aceeai proprietate.
9. Fie ABC un triunghi i O un punct arbitrar n spaiu. S se demonstreze
relaia:)(2 OAOCOCOBOBOAOCABOBCAOABC ++=++ .
10. Fie ,, unghiurile pe care le formeazun vector liber nenul cu axele
de coordonate. S se arate c 1coscoscos 222 =++ . (Remarc: cos,cos,cos se numesc cosinuii directoriai vectorului.)
11. Dac 3,, Vcba rrr
astfel nct 0rrrr
=++ cba , s se arate c
accbba rrrrrr
== . Reciproc este adevrat?
12. S se demonstreze, cu ajutorul calculului vectorial, c n orice triunghi
ABC are loc relaiaC
c
B
b
A
a
sinsinsin == (teorema sinusului). (Indicaie: Se poate
utiliza exerciiul 11.)
13. Se considerpunctele ),0,0(),0,,0(),0,0,( cCbBaA .S se arate c aria
triunghiului ABC este cel mult egal cu 4442
1cba ++ . n ce caz are loc
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
32/203
28
egalitatea?
14. S se arate c vectorii vua rrr
+= 3 i vub rrr
+= sunt coliniari dac inumai dacvectorii u
ri v
rsunt coliniari.
15. Fie kjiarrrr
22 += i jib
rrr+= . S
se determine:
i) unghiul dintre vectorii ar
i br
;
ii) aria paralelogramului construit pe vectorii ar
i br
16. Sse determine R astfel nct vectorii
kjiarrrr
)4(23 ++= i kjibrrrr
3+= sfie perpendiculari.
17. S se determine calculeze expresia accbbaE rrrrrr
++= , cunoscnd c
kjicbarrrrrr
++=++ i 2=== cba rrr
.
18. Se considervectorii liberi cba rrr,, cu proprietile: 2,1,3 === cba
rrri
3),(
=barr
,6
),(
=ca rr
,4
),(
=cb rr
. Sse calculeze cba rrr
2+ .
19. Sse arate cvectorii
kjiarrrr
32 += , kjibrrrr
+= 44 , kicrrr
52 += sunt coplanari.
20. Sse determine R astfel nct vectorii
kjia
rrrr
32)2( +++= , kjib
rrrr
+= , kic
rrr
24 += sfie coplanari i sse descompunapoi vectorul a
rdupdireciile vectorilor b
ri c
r.
21. Sse demonstreze c
),,(4
1
2,
2,
2cba
accbba rrrrrrrrr
=
+++,
oricare ar fi 3,, Vcba rrr
.
22. Fie punctele )7,4,2(),5,5,3(),4,4,4(),1,1,1( DCBA . Sse determine:i) Volumul tetraedruluiABCD;
ii) Lungimea nlimii coborte din vrfulApe faa (BCD).
23. Se considervectorii wvu rrr,, necoplanari cu ajutorul crora se definesc
wvua rrrr
32 += , wvub rrrr
+= , wvuc rrrr
+= 3 .S se determine scalarul astfel nct volumul tetraedrului determinat de
vectorii cba rrr,, sfie de cinci ori volumul tetraedrului determinat de vectorii wvu
rrr,, .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
33/203
29
Capitolul II
Planul i dreapta n spaiu
Pe parcursul acestui capitol ne vom raporta la sistemul ortogonal decoordonate Oxyz introdus n seciunea 3 a capitolului precedent. De asemenea,noiunile introduse i rezultatele obinute n capitolul Vectori liberivor fi instrumente
deosebit de utile pentru studiul planelor i dreptelor din spaiu.
1. Planul
Teorema 1.1 (Ecuaia planului ce trece printr-un punct dat i este
perpendicular pe o direcie dat):Dac ),,( 0000 zyxM esteunpunct fix n spaiu, iar
kCjBiAn rrrr ++= un vector nenul dat, atunci ecuaia planului ce trece prin 0M i
este perpendicular pe vectorul nr
are forma:0)()()( 000 =++ zzCyyBxxA . (1)
fig. 27
Demonstraie: Fie )(P planul cutat i considerm ),,( zyxM un punct
arbitrar n planul )(P , diferit de punctul 0M . Apartenena punctului Mla planul )(P
(P)
nr
0M
M
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
34/203
30
este echivalent cu perpendicularitatea vectorilor nr
i MM0 , deci cu relaia
00 = MMnr
. Deoarece kzzjyyixxMMrrr
)()()( 0000 ++= , innd cont de
expresia analitic a produsului scalar obinem c0)()()( 000 =++ zzCyyBxxA .
Aadar, un punct ),,( zyxM aparine planului )(P dac i numai dac
0)()()( 000 =++ zzCyyBxxA .
Definiia 1.2:Orice vector perpendicular pe un plan dat se numete vectornormal la planul respectiv.
Observaie: Din demonstraia Teoremei 1.1 reiese c, dat fiind un plan de
ecuaie 0=+++ DCzByAx , atunci kCjBiAnrrrr
++= este un vector normal laplanul considerat.
Teorema 1.3 (Ecuaia generala planului): Orice plan din spaiu este definit
de o ecuaie de forma: 0=+++ DCzByAx , (2)
cu DCBA ,,, anumite constante reale astfel ca .0222 ++ CBA
Demonstraie: Fie )(P un plan arbitrar. Alegnd ),,( 0000 zyxM un punct n
planul )(P i kCjBiAnrrrr
++= un vector normal la planul )(P , conform Teoremei
1.1obinem cecuaia planului )(P este 0)()()( 000 =++ zzCyyBxxA , adic0=+++ DCzByAx , unde s-a notat .000 CzByAxD = Datoritfaptului cun
vector normal la un plan este nenul, obinem condiia adiional .0222 ++ CBA
Teorema 1.4:Orice ecuaie de gradul nti n x,y,z definete un plan dinspaiu.
Demonstraie: O ecuaie de gradul nti nx, y, zeste de forma0=+++ DCzByAx (3)
cu DCBA ,,, constante reale date i 0222 ++ CBA (pentru ca ecuaia s fie degradul nti). O astfel de ecuaie are o infinitate de soluii reale (se dau valori arbitrarela dou dintre necunoscute i se determin cea de-a treia necunoscut). Fie
),,( 000 zyx o soluie a acestei ecuaii. Evident tripletul de numere reale ),,( 000 zyx
corespunde punctului ),,( 000 zyxM din spaiu i
0000 =+++ DCzByAx (4)
Scznd relaia (4) din relaia (3) obinem c0)()()( 000 =+++ DzzCyyBxxA (5)
Ecuaiile (3) i (5) sunt echivalente (se poate obine ecuaia (5) din (3) - aacum am vzut mai sus i invers putem ajunge la ecuaia (3) pornind de la (5), tot cuajutorul relaiei (4)). Pe de altparte, dupcum rezultdin Teorema 1.1, ecuaia (5)definete un plan (planul ce trece prin punctul ),,( 000 zyxM i este perpendicular pe
vectorul kCjBiAnrrrr
++= ). Deci i ecuaia (3) va reprezenta un plan din spaiu.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
35/203
31
Teorema 1.5 (Ecuaia planului paralel cu dou direcii neparalele): Dac
),,( 0000 zyxM este un punct fix n spaiu, iar knjmilvrrrr
1111 ++= i
knjmilvrrrr
2222 ++= sunt doi vectori neparaleli, atunci ecuaia planului ce trece
prin 0M i este paralel cu vectorii 1vr
i 2vr
are forma:
0
222
111
000
=
nml
nmlzzyyxx
. (6)
fig. 28
Demonstraie: Fie )(P planul ce trece prin 0M i este paralel cu vectorii 1vr
i 2vr
. Considerm ),,( zyxM un punct arbitrar n planul )(P . Vectorii liberi 1vr
i 2vr
fiind paraleli cu planul )(P , pot fi considerai ca inclui n )(P , de unde obinem
coplanaritatea vectorilor MM0 , 1vr
i 2vr
, adic .0),,( 210 =vvMM rr
Cum
kzzjyyixxMM rrr )()()( 0000 ++= innd cont de expresia analitic a
produsului scalar, obinem ecuaia dorit.
Teorema 1.6 (Ecuaia planului ce trece prin trei puncte necoliniare):Dac),,( iiii zyxM , 3,1=i , sunt trei puncte necoliniare, atunci ecuaia planului determinat
de cele trei puncte este:
0
131313
121212
111
=
zzyyxx
zzyyxx
zzyyxx
. (7)
fig. 29
(P) 1M
2M
3M
(P)
1vr
0M M
2vr
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
36/203
32
Demonstraie: Aa cum se tie, din axiomele de inciden ale spaiului iconsecinele lor, trei puncte necoliniare determin un plan i numai unul. Fie )(P
planul ce trece prin punctele ),,( iiii zyxM , 3,1=i .
Dac notm 211 MMv =r
i 312 MMv =r
, este clar c vectorii 1vr
i 2vr
sunt
inclui n planul )(P , deci paraleli cu planul )(P , iar punctul 1M aparine planului
)(P . Putem astfel aplica Teorema 1.5.Avnd n vedere c
kzzjyyixxMMrrr
)()()( 12121221 ++= ,
kzzjyyixxMMrrr
)()()( 13131331 ++= ,
relaia (6) conduce la ecuaia dorit.
Corolar 1.7 (Ecuaia planului prin tieturi):Planul care intersecteazaxelesistemului cartezian ortogonal n punctele )0,,0(),0,0,( bBaA i respectiv ),0,0( cC (diferite de originea O a sistemului cartezian) are ecuaia
01 =++c
z
b
y
a
x (8)
fig. 30
Demonstraie:Evident, punctele A,B,C sunt necoliniare. Conform Teoremei1.6, ecuaia planului determinat de puncteleA,B,Ceste:
0
0
0 =
ca
ba
zyax
.
Dezvoltnd acest determinant dupprima linie obinem0)( =++ abzacyaxbc .
Dacse mparte relaia precedentprin abc , obinem ecuaia (8).
Observaie: Teoremele 1.1, 1.5, 1.6 precum i Corolarul 1.7 prezintsituaiifavorabile determinrii ecuaiei unui plan n spaiu. ntr-o problem de geometrieanaliticavnd drept concluzie determinarea ecuaiei unui anumit plan, se va reduce
O
z
y
x
A
B
C
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
37/203
33
situaia prezentatn problemla unul din rezultatele teoretice menionate anterior ise folosete ecuaia corespunztoare.
Exerciiul 1:Sse determine ecuaia planului de coordonate (xOy).
Soluia 1: Planul de coordonate (xOy) trece prin originea )0,0,0(O i este
perpendicular pe versorul kr
. Astfel, din Teorema 1.1,ecuaia planului de coordonate(xOy) este 0)0(1)0(0)0(0 =++ zyx , adic 0=z .
Soluia 2: Planul de coordonate (xOy) trece prin originea )0,0,0(O i este
paralel cu versorii ir
i jr
(de fapt cei doi versori sunt inclui caz particular deparalelism n planul (xOy)). Din Teorema 1.5 ecuaia planului de coordonate (xOy)este
0
010
001
000
=
zyx
,
deci 0=z .
Soluia 3: Vom folosi c planul de coordonate (xOy) trece prin originea)0,0,0(O i prin punctele )0,0,1(A i )1,0,0(B . Astfel, din Teorema 1.6, ecuaia
planului cutat este
0
000100
000001
000
=
zyx
,
adic 0=z .
Exerciiul 2:Sse determine ecuaia planului tiind c punctul )3,0,1(M estepiciorul perpendicularei coborte din origine pe plan.
Soluie: Din ipotez, kiOMrr
3+= este vector normal pentru planul cutat, iarpunctul )3,0,1(M aparine acestui plan. Putem aplica Teorema 1.1 i vom obineecuaia 0)3(3)0(0)1(1 =++ zyx , adic 0103 =+ zx .
2. Dreapta
Definiia 2.1:Fie (d) o dreaptdatdin spaiu. Se numete vector director al
dreptei (d) orice vector avnd direcia paralelcu dreapta (d). Dac knjmilvrrrr
++= este un vector director al dreptei (d), atunci l, m, n se numesc parametri directori aidreptei.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
38/203
34
Teorema 2.2 (Ecuaia vectorial a dreptei): Dac 0M este un punct fixat
arbitrar n spaiu, iar vr
un vector nenul, atunci ecuaia vectoriala dreptei ce treceprin 0M i are pe v
rvector director este
vrr rrr
+= 0 , (1)
unde rr
este vectorul de poziie al unui punct oarecare de pe dreapt, 0rr
este vectorul
de poziie al lui 0M , iar un parametru real.
fig. 31
Demonstraie: Fie (d) dreapta care trece prin 0M i are direcia dat de
vectorul vr
. ConsidermMun punct oarecare pe dreapta (d). Deoarece vectorii MM0
i vr
sunt coliniari, conform Propoziiei 2.5 din Capitolul I, existun scalar astfel
nct vMM r
=0 . Pe de altparte, din regula triunghiului, 00 rrMM rr
= . Obinem
deci vrr rrr
= 0 sau, echivalent, vrr rrr
+= 0 .
Teorema 2.3 (Ecuaiile parametrice ale dreptei): Ecuaiile parametrice aledreptei care trece prin punctul ),,( 0000 zyxM i are vectorul director
knjmilvrrrr
++= sunt:
+=
+=
+=
nzz
myy
lxx
0
0
0
, (2)
unde este un parametru real.
Demonstraie: Dac (d) este dreapta care trece prin 0M i are vectoruldirector v
r, iar ),,( zyxM este un punct arbitrar pe dreapta (d), atunci, conform
Teoremei 2.2, ecuaia vectoriala dreptei (d) este vrr rrr
+= 0 ,unde rr
este vectorul
de poziie al punctuluiM, iar 0rr
este vectorul de poziie al lui 0M .
O
z
y
x
M
0M
0rr
rr
vr
ir
jr
kr
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
39/203
35
fig. 32
innd cont de expresiile analitice ale vectorilor 0,rr rr
i respectiv vr
,
obinem c
)(000 knjmilkzjyixkzjyixrrrrrrrrr
+++++=++ ,
adic knzjmyilxkzjyixrrrrrr
)()()( 000 +++++=++ . Folosind unicitatea
descompunerii unui vector duptrei vectori necoplanari, rezultc
+=
+=
+=
nzz
myy
lxx
0
00 .
Teorema 2.4 (Ecuaiile canonice ale dreptei):Ecuaiile canonice ale dreptei
care trece prin punctul ),,( 0000 zyxM i are vectorul director knjmilvrrrr
++= sunt:
n
zz
m
yy
l
xx 000 =
=
. (3)
Demonstraie:Din Teorema 2.3, ecuaiile parametrice ale dreptei care trece
prin punctul ),,( 0000 zyxM i are vectorul director knjmilv
rrrr
++= sunt date desistemul (2). Explicitnd din fiecare dintre cele trei ecuaii ale sistemului se obineirul de trei rapoarte egale din relaia (3).
Observaie:Vom conveni s scriem ecuaiile unei drepte sub forma (3)i ncazul cnd unul sau doi dintre parametrii directori l, m, n sunt nuli, nelegnd nacest caz cdacunul dintre numitorii ecuaiilor (3)este zero, atunci i numrtorulcorespunztor este zero.
Teorema 2.5 (Ecuaiile dreptei care trece prin dou puncte date): Dac),,( 1111 zyxM i ),,( 2222 zyxM sunt dou puncte distincte din spaiu, atunci
ecuaiile dreptei care trece prin cele doupuncte sunt:
12
1
12
1
12
1
zz
zz
yy
yy
xx
xx
=
=
. (4)
Demonstraie: Dac notm 21MMv =r
, este clar c vr
reprezint un vector
director al dreptei deteminate de punctele 1M i 2M . innd cont c
kzzjyyixxMMrrr
)()()( 12121221 ++= , din Teorema 2.4 se obine imediatrelaia dorit.
M
0M
0rr
rr
vr
(d)O
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
40/203
36
Din geometria euclidianse tie cdouplane neparalele se intersecteazdupo dreapt. Fie 0:)( 11111 =+++ DzCyBxAP i 0:)( 22222 =+++ DzCyBxAP
dou plane neparalele i )()()( 21 PPd I= . Vectorii kCjBiAnrrrr
1111 ++= i
kCjBiAn
rrrr
2222 ++= sunt vectori normali pentru planele )( 1P i respectiv )( 2P .Cum cele dou plane sunt neparalele, vectorii 1n
r i 2n
r vor fi necoliniari, adic
021rrr
nn . Deoarece
222
11121
CBA
CBA
kji
nn
rrr
rr= ,
condiia 021rrr
nn este echivalent cu 2222
111=
CBA
CBArang . Am obinut astfel
urmtorul rezultat:
Teorema 2.6 (Ecuaiile dreptei ca intersecie de douplane):O dreapt(d)din spaiu are ecuaii de forma
=+++
=+++
0
0
2222
1111
DzCyBxA
DzCyBxA, (5)
cu 2222
111=
CBA
CBArang .
fig. 33
Observaie:Aa cum vom vedea n paragrafele urmtoare, n formulele legatede unghiuri i distane la drepte intervin parametrii directori ai acestora. Astfel,devine importantaflarea parametrilor directori ai unei drepte (d) date sub forma(5). Vom utiliza notaiile premergtoare Teoremei 2.6.
Avem )( 11 Pn r
i )()( 1Pd , de unde )(1 dn r
. Similar obinem )(2 dn r
.Aceste relaii de perpendicularitate asigur cdreapta )(d este perpendicularpe
( 1P )
( 2P )
( d)
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
41/203
37
planul determinat de vectorii 1nr
i 2nr
. Cum i vectorul 21 nn rr este perpendicular pe
planul determinat de vectorii 1nr
i 2nr
, obinem c 21 nn rr este vector director al
dreptei )(d . Deoarece
kBA
BAj
CA
CAi
CB
CBnn
rrrrr
22
11
22
11
22
1121 += ,
rezultcparametrii directori ai dreptei )(d sunt:
22
11
22
11
22
11 ,,BA
BAn
CA
CAm
CB
CBl === (6)
Exerciiu:Sse determine ecuaiile axei de coordonate Ox.
Soluia 1:Axa Oxtrece prin originea )0,0,0(O i are direcia datde versorul
ir
. Conform Teoremei 2.4 ecuaiile axei Ox sunt001
zyx== . De remarcat c aceste
ecuaii sunt echivalente, dintr-o observaie anterioar sau lund ecuaiile 01
yx=
i
01
zx= i nmulind mezii i extremii, cu
=
=
0
0
z
y. Aceste ultime ecuaii ale axei Ox
reprezintde fapt scrierea axei ca intersecie a douplane: )(xOz i )(xOy .
Soluia 2:Vom folosi caxa Ox trece prin originea )0,0,0(O i prin punctul
)0,0,1(A . Din Teorema 2.5 rezultcecuaiile axei Oxsunt001
zyx== .
Observaie: Ecuaiile axei Ox sunt date de un ir de trei rapoarte egale, avnd
doi numitori egali cu zero. Acest ir de rapoarte egale este echivalent cu sistemul deecuaii:
=
=
01
01zx
yx
, adic
=
=
0
0
z
y.
S-au obinut astfel ecuaiile axei Ox ca intersecie de douplane: (xOz)i (xOy).
3. Fascicol de plane
Definiia 3.1:Fie (d) o dreapt din spaiu. Totalitatea planelor care conindreapta (d) se numete fascicol de plane determinat de dreapta (d).n acest caz,dreapta (d)se numete axa fascicolului (vezi fig. 32).
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
42/203
38
fig. 34
Teorema 3.2: Fie (d)o dreaptdin spaiu avnd ecuaiile
=+++
=+++
0
0
2222
1111
DzCyBxA
DzCyBxA.
Atunci orice plan din fascicolul de ax(d)are o ecuaie de forma0)()( 22221111 =+++++++ DzCyBxADzCyBxA (1)
cu R, astfel nct 022 + .
Reciproc, orice ecuaie de forma (1), cu R, , 022 + definete unplan din fascicolul de ax(d).
Demonstraie:Fie (P) un plan oarecare din fascicolul de ax(d). Atunci (P)va avea o ecuaie de forma 0=+++ DCzByAx , cu RDCBA ,,, astfel ca
0222 ++ CBA . Dreapta (d) este datca intersecie a douplane: )( 1P de ecuaie
01111 =+++ DzCyBxA i respectiv )( 2P de ecuaie 02222 =+++ DzCyBxA .
Deoarece )()()()( 21 dPPP =II , sistemul
=+++
=+++
=+++
0
0
0
2222
1111
DCzByAx
DzCyBxA
DzCyBxA
este compatibil nedeterminat. Combinnd Teorema Kronecker-Cappelli i Teoremalui Cramer, rezultc
32222
1111
222
111
xw , pentru orice Ix ;
2.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
87/203
83
Vom prezenta n continuare cteva proprieti remarcabile ale irurilor depolinoame ortogonale.
Propoziia 3.5:Dac ,...,, 210 PPP este un ir de polinoame ortogonale, atunci
orice polinom Q de grad n se poate scrie n mod unic ca o combinaie liniar a
polinoamelor nPPP ,...,, 10 , adicexisti sunt unici R
n ,,..., 10 astfel nct)(...)()()( 1100 xPxPxPxQ nn +++= .
Demonstraie: Artm mai nti existena, prin inducie matematicdupn.Pentru 0=n , avem 0)()( 0 == QgradPgrad , deci 0P i Q sunt polinoame
constante nenule. Punnd0
0P
Q= , atunci evident )()( 00 XPXQ = .
Presupunem afirmaia adevrat pentru un Nn fixat i vrem s-odemonstrm pentru 1+n . Fie Q polinom de grad 1+n . Notm cu i
coeficienii termenilor dominani ai polinoamelor Q i respectiv 1+nP . Atunci
)()( 1 xPxQ n+ este un polinom de grad cel mult n . Conform ipotezei inductive,
exist Rn ,,..., 10 astfel nct
)(...)()()()( 11001 xPxPxPxPxQ nnn
+++= +
sau, echivalent,
)()(...)()()( 11100 xPxPxPxPxQ nnn +++++=
.
Deci orice polinom de grad nse poate scrie ca o combinaie liniar a polinoamelor
nPPP ,...,, 10 , pentru orice Nn .
Demonstrm acum unicitatea scrierii. Fie Q un polinom de grad npentru care)(...)()()(...)()()( 11001100 xPxPxPxPxPxPxQ nnnn +++=+++= ,
cu Rnn ,,...,,,,..., 1010 . Fixm un indice ni1 , arbitrar. Rezultc, pe
de-o parte)(),()(),(...)()()(),( 1100 xPxPxPxPxPxPxPxQ iiiinni =+++= ,
iar pe de altparte)(),()(),(...)()()(),( 1100 xPxPxPxPxPxPxPxQ iiiinni =+++= .
Aadar )(),()(),( xPxPxPxP iiiiii = , de unde, innd cont c iP este polinom
nenul, iar produsul scalar este nedegenerat, obinem ii = . Astfel rezult i
unicitatea scrierii.
Observaie: Concluzia propoziiei precedente poate fi probati avnd nvedere c nPPPP ,...,,, 210 sunt polinoame ortogonale, deci sunt liniar independente.
Deoarece 1])[( += nXdim nRR , este clar c polinoamele nPPPP ,...,,, 210 vor
constitui o baz a spaiului vectorial ][XnR i n consecin orice polinom Q de
grad n se poate scrie n mod unic ca o combinaie liniar a polinoamelor
nPPPP ,...,,, 210 .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
88/203
84
Corolar 3.6: Orice ir de polinoame ortogonale constituie o baza spaiuluivectorial ][XR .
Demonstraie: Afirmaia este clar, avnd n vedere i Propoziia 3.4 dinCapitolul III.
Propoziia 3.7: Fie ,...,, 210 PPP un ir de polinoame ortogonale i Q unpolinom oarecare de grad n. Atunci orice polinom mP , cu nm> , este ortogonal pe
polinomul Q .
Demonstraie:Conform Propoziiei 3.5, exist Rn ,,..., 10 astfel nct
=
=n
iii xPxQ
1
)()( . Atunci
0)(),()(),()(),(11
=== ==
xPxPxPxPxQxP imn
ii
n
iiimm
(ultima egalitate este clar, din ortogonalitatea polinoamelor mP i iP ). Decipolinomul mP este ortogonal pe polinomul Q .
Teorema 3.8: Fie ,...,, 210 PPP un ir de polinoame ortogonale. Atunci pentru
orice Nn polinomul nP are exact n rdcini reale, distincte dou cte dou,
aflate n interiorul intervalului de ortogonalitate.
Demonstraie: Fie mxxx ,...,, 21 punctele din interiorul intervalului de
ortogonalitate n care polinomul nP i schimb semnul. Evident mxxx ,...,, 21 sunt
rdcini ale polinomului nP i, din Teorema Fundamentala Algebrei, nm . Vom
demonstra c nm = .Presupunem prin absurd c nm < . Considerm polinomul
=
=m
iixxx
1
)()( .
Atunci este un polinom de grad m care i schimb semnul n fiecare dintrepunctele mxxx ,...,, 21 . De aici rezult c )()( xPx n este polinom sau strict pozitiv
sau strict negativ pe intervalul de ortogonalitate, cu excepia punctelor mxxx ,...,, 21 i,
eventual, a capetelor intervalului. Cum )(xw este funcie strict pozitiv, atunci
)()()( xwxPx n este funcie sau strict pozitiv sau strict negativ pe intervalul de
ortogonalitate, cu excepia punctelor mxxx ,...,, 21 i eventual a capetelor intervalului.Astfel,
0)()()(, = b
ann dxxwxPxPQ ,
contradicie cu Propoziia 3.7. Deci nm= i astfel teorema este demonstrat.
Teorema 3.9: Orice ir de polinoame ortogonale ,...,, 210 PPP poate fi definit
printr-o relaie de recurende forma
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
89/203
85
)()()()( 11 xPcxPbxaxP nnnnnn + += ,
unde nnn cba ,, sunt coeficieni care depind de n.
Demonstraie: Fie *Nn fixat. Considerm mai nti na astfel nct
)()( 1 xPxxPa nnn + sfie un polinom de grad cel mult n. Apoi alegem nb astfel nct
)()()( 1 xPxPbxa nnnn ++ s fie un polinom de grad cel mult 1n . Conform
Propoziiei 3.5, acest ultim polinom se scrie n mod unic sub forma unei combinaiiliniare a polinoamelor 110 ,...,, nPPP :
=
+ =+1
11 )()()()(
n
iiinnn xPxPxPbxa (1)
Fixm acum un indice 21 nj arbitrar. Din relaia (1) obinem:
)(,)()(),()()(1
11 xPxPxPxPxPbxa j
n
iiijnnn
=
+ =+ ,
sau, echivalent,)(),()(),()(),()(),(
1
11 xPxPxPxPxPxPbxPxxPa ji
n
iijnjnnjnn
=
+ =+ (2)
Deoarece ,...,, 210 PPP este un ir de polinoame ortogonale, din relaia (2) rezult
)(),()(),( xPxPxPxxPa jjjjnn = (3)
Dar
)(),()())()(()()())(()(),( xxPxPdxxwxxPxPdxxwxPxxPxPxxP jn
b
ajn
b
ajnjn ===
i astfel egalitatea (3) este echivalentcu
)(),()(),( xPxPxxPxPa jjjjnn = (4)Cum ))((1))(( xPgradnnxxPgrad nj =
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
90/203
86
Teorema 3.10:Dac ,...,, 210 PPP este un ir de polinoame ortogonale, atunci
orice rdcina polinomului nP se aflsituatntre dourdcini ale polinomului
1+nP , pentru orice*Nn .
Demonstraie: Putem presupune, schimbnd eventual semnul (acest lucru nu
afecteazrdcinile), ctoate polinoamele irului au termenul dominant pozitiv.ntr-o primetapdemonstrm prin inducie c
)()()()( '1'
1 xPxPxPxP nnnn ++ > , (6)
pentru orice Nn i oricexdin intervalul de ortogonalitate.
Dac 0=n , atunci 0)('1 >xP , 0)(0 >xP i 0)('
0 =xP , deci relaia (6) este
clar.
Presupunem c pentru un *Nn , fixat, avem )()()()( ' 11' xPxPxPxP nnnn > .
Conform Teoremei 3.9, polinoamele irului satisfac o relaie de recurende forma)()()()( 11 xPcxPbxaxP nnnnnn + += .
Prin derivare, obinem
)()()()()( ' 1''
1 xPxPbxaxPaxP nnnnnnn + ++= .
Atunci
0)]()()()([)()()]()()[(
)()]()()()([)()()()(
'11
'2'1
'1
''1
'1
>+=+
++=
++
xPxPxPxPcxPaxPxPcxPbxa
xPxPcxPbxaxPaxPxPxPxP
nnnnnnnnnnnnn
nnnnnnnnnnnn
deoarece 0, >nn ca i, din ipoteza inductiv, 0)()()()('
11'
> xPxPxPxP nnnn . Deci
)()()()( '1'
1 xPxPxPxP nnnn ++ > , pentru orice Nn i orice x din intervalul de
ortogonalitate.Considerm acum ix i 1+ix dourdcini consecutive ale )(1 xPn+ . Atunci
0)()()()( '1' 1 => ++ inininin xPxPxPxP i 0)()()()( 1'1111' 1 => ++++++ inininin xPxPxPxP
Astfel, )(' 1 in xP + i )( in xP , respectiv )( 1'
1 ++ in xP i )( 1+in xP , au acelai semn.
Deoarece )(' 1 xPn+ i schimb semnul pe intervalul ),( 1+ii xx , atunci i )(xPn i
schimb semnul pe ),( 1+ii xx . Aadar, din Proprietatea lui Darboux, )(xPn are cel
puin o rdcinntre ix i 1+ix . innd cont c, din Teorema 3.8, )(1 xPn+ are 1+n
rdcini reale distincte, iar )(xPn are n rdcini reale distincte, atunci )(xPn are
exact o rdcinntre ix i 1+ix .
n finalul acestui capitol vom prezenta cteva iruri particulare de polinoame
ortogonale deosebit de importante prin aplicaiile lor n diverse zone ale matematiciicum ar fi: ecuaii difereniale, teoria interpolrii, modelare matematic etc. Toateaceste iruri particulare se pot obine cu ajutorulprocedeului Gram-Schmidtdin baza
,...,,,1 332
210 xexexee ==== a spaiului de polinoame ][xR , lucrndu-se cu
anumite produse scalare de tipul celui introdus n Propoziia 3.2.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
91/203
87
Polinoamele Legendre
Se noteaz cu )(xPn i sunt caracterizate de intervalul de ortogonalitate
]1,1[=I , funcia pondere 1)( =xw i standardizarea 1)1( =nP . Astfel, pentrudeterminarea polinoamelor Legendre se aplic procedeul de ortogonalizare, lucrnd
cu produsul scalar =1
1 )()(, dxxQxPQP i gsindu-se mai nti polinoameleortogonale )(
~xPn . Polinoamele )(xPn se obin prin multiplicarea fiecrui polinom
)(~
xPn cu o anumit constant, astfel nct 1)1( =nP . Vom exemplifica acest lucru
gsind primele patru polinoame Legendre:
1~ 00 == eP ; 011 ~~ PeP += , cu
00
01~
,~
~,
PP
Pe= . Deoarece 0
2
~,
1
1
21
101 ===
x
xdxPe ,
rezultc 0= , de unde xP =1~
;
110022 ~~~ PPeP ++= , cu 31
23
2
1~
,~
~,
1
1
1
1
2
00
020 ====
dx
dxx
PP
Pe i
02
0
1~
,~
~,
1
1
1
1
3
11
121 ====
dx
dxx
PP
Pe . Astfel, obinem c
3
1~ 22 =xP .
22110033 ~~~~ PPPeP +++= , cu 0~,
~
~,
00
030 ==
PPPe ,
53
~,
~
~,
11
131 ==
PPPe ,
0~,
~
~,
22
232 ==
PP
Pe . Rezultc xxP
5
3~ 33 = .
Deoarece 1)1(~
0 =P , 1)1(~1 =P , 3
2)1(
~2 =P , 5
2)1(
~3 =P , obinem primele patru
polinoame Legendre:
1)(0 =xP , xxP =)(1 , )13(2
1)( 22 = xxP , )35(2
1)( 33 xxxP = .
Relaia de recuren pe care, conform Teoremei 3.9, o satisfac polinoameleLegendre este
)(1
)(1
12)( 11 xP
n
nxxP
n
nxP nnn +
+
+
+= .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
92/203
88
Polinoamele Cebev de prima speSe noteaz cu )(xTn i sunt caracterizate de intervalul de ortogonalitate
)1,1(=I , funcia pondere21
1)(
xxw
= i standardizarea 1)1( =nT .
Primele patru polinoame Cebev de prima spesunt:
1)(0 =xT , xxT =)(1 , 12)( 22 = xxT , xxxT 34)( 33 = .Relaia de recurenverificatde polinoamele Cebev de prima speeste:
)()(2)( 11 xTxxTxT nnn + = .
O altposibilitate de definire a polinoamelor Cebev de prima speeste datde urmtoarea propoziie:
Propoziia 3.10:Pentru orice Nn se definete funciaR ]1,1[:nf , )arccoscos()( xnxfn = .
Atunci au loc urmtoarele afirmaii:1. )(xf
n
reprezintun polinom de gradul n;
2. coeficientul termenului dominant al lui )(xfn este12 n , pentru *Nn ;
3. )()( xTxf nn = , pentru orice )1,1(x .
Demonstraie: 1. Pentru un ]1,1[x , fixat arbitrar, notm cu xt arccos= .Conform formulei lui Moivre avem
ntinttit n sincos)sin(cos +=+ .Dezvoltnd membrul stng al egalitii precedente cu binomul lui Newton i egalndprile reale obinem:
...sincossincoscoscos 444222 += ttCttCtnt nnn
nn
Deoarece xt=cos , iar 21sin xt = , relaia anterioarconduce la...)1()1()( 2244222 += xxCxxCxxf nn
nn
nn (7)
i astfel )(xfn este un polinom de gradul n.
2. Coeficientul lui nx , dedus din relaia (7), este 142 2...1 =+++ nnn CC .
3. Vom demonstra c ,...,, 210 fff este un ir de polinoame ortogonale cu
intervalul de ortogonalitate )1,1(=I i funcia pondere21
1)(
xxw
= .
ntr-adevr,
==
=
= 0
0
1
1
arccos
2 coscossinsin
)cos()cos(1
)()(
ntdtmtdtt
t
ntmtdxx
xfxf txnm
+++
=++
000
)sin()(2
1)cos(
2
1)cos(
2
1ntmt
nmtdtnmtdtnm
0)sin()(2
1
0
=
ntmtnm
, pentru nm .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
93/203
89
Avnd n vedere c 10cos)1arccoscos()1( === nfn , putem concluziona c
)()( xTxf nn = , pentru orice )1,1(x .
Polinoamele Cebev de spea a doua
Se noteaz cu )(xUn i sunt caracterizate de intervalul de ortogonalitate)1,1(=I , funcia pondere 21)( xxw = i standardizarea 1)1( += nUn .
Primele patru polinoame Cebev de spea a doua sunt:1)(0 =xU , xxU 2)(1 = , 14)(
22 = xxU , xxxU 48)(
33 = .
Relaia de recurenverificatde polinoamele Cebev de spea a doua este:)()(2)( 11 xUxxUxU nnn + = .
Polinoamele Hermite
Se noteaz cu )(xHn i sunt caracterizate de intervalul de ortogonalitate
),( =I , funcia pondere2
)( xexw = , iar standardizarea impune coeficientultermenului dominant sfie n2 .
Primele patru polinoame Hermite sunt:1)(0 =xH , xxH 2)(1 = , 24)(
22 = xxH , xxxH 128)(
33 = .
Relaia de recurenpe care o verificpolinoamele Hermite este:)(2)(2)( 11 xnHxxHxH nnn + = .
Polinoamele Laguerre
Se noteaz cu )(xLn i sunt caracterizate de intervalul de ortogonalitate
),0[ =I , funcia pondere xexw =)( , iar standardizarea impune coeficientul
termenului dominant sfie!
)1(n
n
.
Primele patru polinoame Laguerre sunt:
1)(0 =xL , 1)(1 += xxL , )24(2
1)( 22 += xxxL , )6189(6
1)( 233 ++= xxxxL .
Relaia de recurenverificatde polinoamele Laguerre este:
)(1
)()12(1
1)( 11 xL
n
nxLnx
nxL nnn +
+++
+= .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
94/203
90
4. Exerciii
1. Fie ][3 xR spaiul vectorial al polinoamelor de grad cel mult trei cu
coeficieni reali i aplicaia RRR ][][:, 33 xx , definitprin)2()2()1()1()1()1()2()2(, QPQPQPQPQP +++= .
i) Sse demonstreze caceastaplicaie este un produs scalar pe ][3 xR ;
ii) S se determine un polinom ortogonal pe ,1 x i 2x . Cte astfel de poli-noame exist?
2. Dac )(, 2 RMBA , 2,1,)( == jiijaA , 2,1,)( == jiijbB se definete aplicaia
, )(2 RM )(2 RM R , 2222212112121111, babababaBA +++= .
i) Sse demonstreze caceastaplicaie este un produs scalar;
ii) Sse calculeze
15
02,72
31.
3. Fie Vun spaiu euclidian i x,ydoi vectori din V. Sse arate c yx =
daci numai dac yxyx + .
4. Sse gseasco bazortonormata lui 3R , pornind de la baza:i) )}2,1,1(),1,0,1(),1,1,1({ 321 ==== vvvB ;
ii) )}0,1,1(),1,0,1(),1,1,0({ 321 ==== vvvB ;
iii) )},,(),0,,(),0,0,({ 321 fedvcbvavB ==== , cu Rfedcba ,,,,, astfel
nct 0acf .
5. Sse gseasco bazortonormata lui 4R , pornind de la baza)}1,11,0(),1,01,1(),1,0,1,1(),0,1,1,1({ 4321 ===== vvvvB .
6. Sse determine o bazortonormata subspaiului}02/),,,{( 43214321 =+= xxxxxxxxS
al lui 4R .
7. Fie Vun spaiu euclidian finit dimensional i Sun subspaiu vectorial al su.
Sse arate c VS= daci numai dac }0{ VS =
.
8. Fie Vun spaiu euclidian iAo submulime a lui V. Sse demonstreze c:i) = )(ASpA ;
ii) )()( ASpA = .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
95/203
91
(Remarc: Acest exerciiu aratn particular c, dacSeste un subspaiu vectorial allui V, iar },...,,{ 21 msss este o baz a lui S, atunci
}1)(,0,/{ misvVvS i == .)
9. Pe spaiul vectorial real ]),[( llC al funciilor continue definite pe
intervalul ],[ ll cu valori reale, se consideraplicaia
R ]),[(]),[(:, llCllC , =l
ldxxgxf
lgf )()(
1, .
i) Sse probeze caceastaplicaie este un produs scalar pe ]),[( llC ;ii) Sse demonstreze cmulimea
,...cos,sin,...,2
cos,2
sin,cos,sin,2
1l
xn
l
xn
l
x
l
x
l
x
l
x
constituie un sistem ortonormat de vectori din ]),[( llC fa de produsul scalarmenionat anterior.
10. Fie Vun spaiu euclidian de dimensiune n i },...,,{ 21 mvvv , cu nm , omulime de vectori din V. Se definete determinantul
mmmm
m
m
m
vvvvvv
vvvvvv
vvvvvv
vvv
,...,,
............
,...,,
,...,,
),...,,(
21
22212
12111
21 = ,
numit determinant Gram al vectorilor },...,,{ 21 mvvv . Sse demonstreze cmulimea
vectorilor },...,,{ 21 mvvv este liniar independent dac i numai dac determinantul
),...,,( 21 mvvv este nenul.
11*. Fie V un spaiu euclidian i },...,,{ 21 nvvv o baz a lui V. Dac
},...,,{ 21 neee reprezint baza ortogonal obinut din baza },...,,{ 21 nvvv n urmaaplicrii procedeului Gram-Schmidt, sse arate c:
i) ii ve , pentru orice ni1 ;
ii) ),...,,(),...,,( 2121 nn vvveee = ;
iii)22
22
121 ...),...,,( nn vvvvvv ,
unde reprezintdeterminantul Gram definit n exerciiul anterior.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
96/203
92
Capitolul V
Transformri liniare
1. Definiie. Exemple. Proprieti
Definiia 1.1: Fie V i 'V dou spaii vectoriale peste corpul K. O funcie': VVT se numete transformare liniar (aplicaie liniar sau morfism de spaii
vectoriale) dacsatisface urmtoarele condiii:1. )()()( yTxTyxT +=+ pentru orice Vyx , ;2. )()( xTxT = pentru orice Vx i V .O transformare liniar VVT : se numete endomorfism al spaiului
vectorial V.Vom nota cu )',( VVL mulimea tuturor transformrilor liniare de la V la 'V
i cu )(VEndK mulimea tuturor endomorfismelor lui V.
Obsevaie: Se verific imediat c dac ': VVT este o transformareliniaratunci '0)0( VVT = i )()( xTxT = pentru orice .Vx
Exemple 1. Fie V i V dou spaii vectoriale peste corpul K i ': VVT ,
'0)( VxT = pentru orice V.x Se arat imediat c T este o transformare liniar,
numittransformarea liniarnul.
2. Aplicaia K(K)M:Tr n , Tr(A) = urma matricei A este o transformare
liniar, deoarece Tr(A+B)=Tr(A)+Tr(B) i )()( xTrxTr = , pentru orice
(K)MA,B n i K . n acelai timp, aplicaia K(K):Mdet n , det(A) =
determinantul matricei A nu este transformare liniar, pentru c, n general,)()()( BdetAdetBAdet ++ .
3. Aplicaiile )()(: 011 a,bCa,bCT , ')(1 ffT = i R][:0
2 a,bCT ,
=b
a
dxxffT )()(2 sunt transformri liniare, provenind din domeniul analizei
matematice.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
97/203
93
4. Aplicaiile 2221 : RR ,TT , )()(1 x,-yx,yT = i )()(2 y,xx,yT = reprezint
endomorfisme ale lui 2R , provenind din domeniul geometriei analitice ( 1T reprezint
simetria fade axa Ox, iar 2T este simetria n raport cu prima bisectoare a reperuluicartezianxOy).
Propoziia 1.2: Fie V i 'V dou spaii vectoriale peste corpul K. O funcie': VVT este transformare liniardaci numai dac:
)()()( yTxTyxT +=+ (1)pentru orice Vyx , i K, .
Demonstraie: Presupunem mai nti cTeste transformare liniar. Folosindrelaiile dinDefiniia 1.1, succesiv obinem:
)()()()()( yTxTyTxTyxT +=+=+ pentru orice Vyx , i , V .
Reciproc, presupunem c T satisface relaia (1). Considernd 1== nrelaia (1), se obine )()()( yTxTyxT +=+ . Pe de altparte, dacse consider 0=
n relaia (1), obinem )()( xTxT = .
Corolar 1.3: Fie V i 'V dou spaii vectoriale peste corpul K. O funcie': VVT este transformare liniardaci numai dac:
==
=n
iii
n
iii xTxT
11
)()(
pentru orice }10{\ ,n N , Vxxx n ,...,, 21 i Kn ,...,, 21 .
Demonstraie: Se utilizeaz Propoziia 1.2 i metoda induciei matematice,dupn.
Propoziia 1.4: Fie ': VVT o transformare liniar i vectorii.,...,, 21 Vxxx n
1. Dac nxxx ,...,, 21 sunt liniar dependeni, atunci i vectorii
')(),...,(),( 21 VxTxTxT n sunt liniar dependeni.
2. Dac vectorii )(),...,(),( 21 nxTxTxT sunt liniar independeni, atunci i
vectorii nxxx ,...,, 21 sunt liniar independeni.
Demonstraie: 1. Dac nxxx ,...,, 21 sunt liniar dependeni, atunci exist
scalarii Kn
,...,,21
, nu toi nuli, astfel nct
Vnnxxx 0...
2211 =+++
Aplicnd transformarea liniarTacestei egaliti i folosind Corolarul 1.3, obinemc Vnn xTxTxT 0)(...)()( 2211 =+++ , adic )(),...,(),( 21 nxTxTxT sunt liniar
dependeni.2. Acest rezultat este de fapt negarea afirmaiei de la punctul 1.
Teorema 1.5: Fie V i V dou spaii vectoriale peste corpul K,},...,,{ 21 neeeB= o baza lui V i },...,,{ 21 nyyy o familie de vectori din spaiul 'V .
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica
98/203
94
Atunci existi este unictransformarea liniar ': VVT astfel nct ii yeT =)(
pentru orice ni ,1= .
Demonstraie: Dac =
=n
iiiex
1
este un vector arbitrar din V, atunci definim
funcia ': VVT , =
=n
iiiyxT
1
)( ( datoritunicitii scrierii unui vector ntr-o baz
dat, funcia este bine definit). Demonstrm acum c aceast aplicaie este liniar:
considerm =
=n
iiiex
1
' un alt vector din Vi scalarii arbitrari Ka,b . Vom obine:
)'()(
)()()'(
11
1111
xbTxaTybya
ybaebaTebeaTbxaxT
n
i ii
n
i ii
ii
n
iiii
n
ii
n
iii
n
iii
+=+
=+=
+=
+=+
==
====
adicT este transformare liniar.Pentru a proba unicitatea lui T, considerm o transformare ': VVU care
satisface de asemenea egalitile ii yeU =)( , n1,i= . Fie =
=n
iiiex
1
un vector
oarecare din V. Atunci:
= = ===
=
====
=
n
i
n
i
n
iiiii
n
iiiii
n
iii xTeTeTyeUeUxU
1 1 111
)()()()( .
Din teorema precedentrezult
imediat urm
torul rezultat:
Corolarul 1.6:Doutransformri liniare de la V la 'V coincid daci numaidacele coincid pe elementele unei baze din V.
Propoziia 1.7: Fie ': VVT i ''': VVU dou transformri liniare.Atunci '': VVTU o este o transformare liniar.
Demonstraie: Considerm Vyx , i K, arbitrari. Atunci:=+=+=+=+ ))(())(())()(())(())(( yTUxTUyTxTUyxTUyxTU o
))(())(( yTUxTU oo + ,
deci conform Propoziiei 1.2 TUo este o transformare liniar.
Teorema 1.8: Fie ':, VVUT doutransformri liniare. Atunci1. aplicaia ': VVUT + , definit prin )()())(( xUxTxUT +=+ este o
transformare liniar;2. pentru orice scalar K , aplicaia ': VVT , definit prin
)())(( xTxT = este o transformare liniar.
5/25/2018 Algebra Liniara Si Geometrie Analitica