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FACULTAD DE
INGENIERÍA
DIVISIÓN DE
CIENCIAS
BÁSICAS
Actualización en Termodinámica 2015.
Un Enfoque Contemporáneo
“PRESIÓN Y SU MEDICIÓN”
Instructores: Ing. José Enrique Larios Canale y
Mariel Elena Hernández López
CENTRO DE DOCENCIA “ Ing. Gilberto Borja Navarrete”
ACCIÓN DE UNA FUERZA SOBRE
SÓLIDOS, LÍQUIDOS Y GASES
La aplicación de una fuerza sobre un sólido
produce efectos diferentes a los que resultan
cuando la fuerza se aplica sobre un fluido, ya
sea un gas o un líquido.
La acción de una fuerza sobre un sólido, de
acuerdo a la 3ª Ley de Newton, produce una
reacción que se puede descomponer en los es-
fuerzos que el medio físico opone en las tres di-
recciones (σx, σy y σz), que son entidades vec-
toriales asociados a las características mecáni-
cas del sólido sobre el cual actúa dicha fuerza.
Sólido
Fσy
σz
x
y
z
σR
σR = σy + σx +σz
Por ejemplo, si en
la figura se tiene un
bloque de madera so-
bre el cual actúa la
fuerza F, en principio
se presenta una de-
formación elástica,
debido a que la ener-
gía de enlace de las
moléculas de la madera mantiene su posición rígida
y fija entre sí, de tal manera que soporta la acción
de la fuerza.
Fig. 1.4.3. Acción de una fuerza en un sólido.
La energía de enlace de las moléculas del
sólido es lo suficientemente grande para mante-
nerlas fijas entre si, lo que no ocurre con la energí-
a de enlace de las moléculas de los líquidos y ga-
ses, es por ello que el análisis de fuerzas que ac-
túan sobre un sólido es diferente en los fluidos.
En el caso de los fluidos (líquidos o gases) y
dadas las características mencionadas anterior-
mente, la aplicación de una fuerza no puede lle-
varse a cabo como en el caso de los sólidos, ya
que éstos, por su estructura molecular «soportan»
la acción directa de una fuerza.
Líquido Gas
F F
H2O
En los fluidos, al
aplicarles una fuerza, és-
ta «resbala» debido a
que la energía de enlace
de sus moléculas es
«débil» y no las mantie-
ne en una posición fija
entre sí, no hay la rigidez
de las moléculas del só-
lido.
En la Fig. 1.4.4. se
representa esquemática-
mente la acción de una
fuerza sobre un gas y
sobre un líquido.
Fig. 1.4.4. Acción de una
fuerza en fluidos estáticos:
gases y líquidos.
CONCEPTO DE PRESIÓN MECÁNICA EN
UN FLUIDO ESTÁTICO
Para que la fuerza aplicada sobre un fluido no
“resbale”, ésta debe actuar sobre una superficie
movible que transmita al fluido la acción mecánica
de una fuerza, lo cual implica que el fluido debe
estar confinado en un sistema cerrado, como por
ejemplo en un sistema cilindro-émbolo como el que
se muestra en la Fig. 1.4.5. que contiene agua que
se le mantiene a una altura constante mediante
una válvula de control que compensa el agua que
se pierde en el fondo del tanque en estudio, que
tiene un diámetro “mucho mayor” que el diámetro
de la válvula de desfogue.
H2O
émbolo
c) b)
F a)
1; Φ₁ |F┴|
P = A
[1Pa] = [1N/1m²]
[1Pa] =
[(1kg-1m)/1m²]
s²
Φ₁ >> φ₂ 2; φ₂
a) b) c)
F
┬
┬
Agua
Agua
Fig. 1.4.5. Dispositivo
cilindro-émbolo.
Válvula de
Compen-
sación
Si sobre el pistón actúa una fuerza F en la posi-
ción a), cuando la fuerza es tangente al pistón (0º),
se observa que el chorro de agua que sale del fon-
do por la válvula de desfogue no manifiesta cambio
en la distancia que alcanza. Si se aumenta el ángu-
lo de acción de la fuerza F, por ejemplo a la posi-
ción b), la distancia que alcanza el chorro de agua
que sale por la válvula de desfogue aumenta. La
máxima distancia que alcanza el chorro de agua
que sale del fondo del tanque por la válvula de
desfogue, se presenta cuando la fuerza F es per-
pendicular al pistón (90º), concluyendo que sólo la
componente perpendicular de la fuerza F transmi-
te, a través del pistón, su acción sobre el agua con-
tenida en el tanque a una altura constante.
Por tanto, la acción de la fuerza perpendi-
cular sobre el pistón se transmite a las molé-
culas del agua a través de la cara inferior del
pistón. A esta acción de la fuerza F que se
ejerce sobre el agua contenida en el sistema
cilindro-émbolo de la Fig. 1.4.5, se le denomina
presión mecánica.
Por otra parte, las moléculas del agua de la
Fig. 1.4.5. transmiten la acción de la fuerza por
unidad de área a las paredes interiores del cilin-
dro. La presión mecánica que ejercen las molé-
culas del agua dentro del recipiente se transmite
en todas direcciones y sentidos, como se verá
posteriormente con el Principio de Pascal.
A la presión mecánica sobre un fluido se le
denota con la letra “P”, y desde el punto de vista
macroscópico, la presión “P” en un fluido confi-
nado es la fuerza “F” perpendicularcon con la
que un agente externo actúa a través de una
superficie “A”, y sólo en dirección perpendicular
a ésta, como analíticamente se indica en la
ecuación siguiente, definiendo al “Pascal” como
la unidad en que se mide la presión en el SI.
|F┴| = P =
A
1 [Newton] = 1 [Pascal] =1 [Pa]
1 [metro²]
Δt
AIRE
Otro ejemplo son las moléculas del aire at-
mosférico que ejercen una fuerza neta perpendi-
cular a cualquier superficie denominada presión
atmosférica.
A
P = F/A
Fig. 1.4.6. Presión
de un gas.
Desde el punto de vista
microscópico, la presión
en un gas es el prome-
dio de la fuerza con la
que chocan sus mo-
léculas sobre una su-
perficie, debido al cam-
bio de la cantidad de
movimiento de dichas
moléculas.
F α An
An̂
F = PAn
N = N - m²m²
ˆ
ˆ
Matemáticamente, la
presión (P) se puede ex-
presar como una constan-
te de proporcionalidad
que permite relacionar el
vector fuerza (F) con la
representación vectorial
de la superficie (An).ˆ
F = Fuerza [N]
P = Presión [N/m²]
n = Vector unitario
normal
A = Área [m²]
ˆ
CONCEPTO
MATEMÁTICO
DE LA
PRESIÓN.
Fig. 1.4.7. Expresión matemática de la presión.
EXPRESIÓN DIMENSIONAL Y UNIDAD DE
MEDICIÓN DE LA PRESIÓNEN EL SI.
Con base en la definición de presión y de las
dos ecuaciones anteriores, a continuación se
desarrolla la expresión dimensional en el Siste-
ma Internacional de Unidades de la cantidad fís-
ica que denominamos presión (P):
P = M¹ L⁻¹ T⁻² (expresión breve)
En donde el número de dimensiones es n=3
con a1 = 1, a2 = -1 y a3 = -2
La expresión dimensional completa de la presión
es:
P = M1 L¯1 T¯² l⁰ θ⁰ IL⁰ CS⁰
En donde:
M = masa
L = longitud
T = tiempo
I = corriente eléctrica
Ө = temperatura termodinámica
IL = intensidad luminosa
CS = cantidad de sustancia
ENUNCIADO DE PASCAL
“La fuerza aplicada sobre un fluido confina-
do se manifiesta en todas direcciones y senti-
dos, siempre perpendicular a la superficie sobre
la que actúa.”
Fig. 1.4.8. Bomba de Pascal.
BOMBA DE PASCAL
Bomba de
Pascal
BLAISE PASCAL
(1623 – 1662) Matemáti-
co, físico, filósofo católico y es-
critor. Sus contribuciones a las
matemáticas y las ciencias na-
turales incluyen el diseño y
construcción de calculadoras
mecánicas, aportes a la teoría
de probabilidad, investigacio-
nes sobre los fluidos y la acla-
ración de conceptos tales co-
mo la presión y el vacío.
ESTÁTICA DE FLUIDOS
El objetivo de este subtema es la obtención
del modelo matemático que relaciona la variación
de la presión de un fluido en reposo o estático con
respecto a la profundidad, es decir, como varía la
presión con respecto a la variación en la dirección
del eje “Z” de un sistema de referencia.
A continuación se hace un análisis de fuer-
zas en una diferencial de fluido en reposo, por e-
jemplo agua contenida en un tanque. El agua per-
manece en reposo con respecto a un sistema de
referencia y por lo tanto la sumatoria de las fuer-
zas que actúan sobre el fluido es igual a cero.
En la diapositiva siguiente se presenta el a-
nálisis de fuerzas sobre una diferencial del ele-
mento de agua de forma cilíndrica de espesor
«dZ» y con caras de área «A». No se efectúan
análisis de fuerzas en las direcciones «X» y «Y»
ya que nuestra experiencia nos muestra que la
presión únicamente varía en la dirección «Z», es
decir, verticalmente.
El modelo matemático que se busca, ade-
más de relacionar la variación de la presión del
agua con respecto a la variación en la dirección
del eje “Z”, involucra otras variables físicas, pro-
piedades físicas del fluido presentes en el fenó-
meno del fluido estático en estudio.
A1=A2
F2 = P2A
dz
z1
z
y
x
F1= P1Adm = diferencial de masa
de agua
Peso(agua) = gdm
dz
AF1
F2
Tanque con agua
2
1
2
1
Σ Fz = F1 – F2 – gdm = 0 . . . (1)
Fig. 1.5.1. Análisis de fuerzas en un fluido estático.
Si nos sumergirnos en el tanque de agua que
se muestra en la figura, tenemos la experiencia
de que al bajar en el agua, percibimos que se in-
tensifica un malestar en nuestro oído y decimos
que es debido a que la presión del agua
aumenta.
Si nos desplazamos en el plano «XY» (hori-
zontalmente) no se percibe ningún efecto en
nuestro oído, únicamente si el desplazamiento se
da en la dirección «Z» se aprecia variación de
presión en el oído, esto es, en el agua la presión
“P” es una función de la altura “Z”, por tanto:
P = P(Z)
Entonces, de acuerdo al sistema de referen-
cia que se muestra en la figura anterior.
P1 → z1; P2 = P1 + dP → z2 = z1 + dz
Por otra parte, de la ecuación P = F/A que se
desarrolló anteriormente, se despeja F para los
puntos 1 y 2 del elemento de agua en estudio,
quedando:
F1 = AP1, y F2 = AP2 = A(P1 + dP)
Sustituyendo estos términos en la ecuación (1), se
tiene que:
Σ Fz = P1A – P2A – gdm = 0
Sustituyendo P₂ = P1 + dP en la Ec. anterior:
Σ Fz = P1A – (P1 + dP)A – gdm = 0
Desarrollando el producto y simplificando
términos:
Σ Fz = P1A - P1A - AdP – gdm = 0
Despejando “dP” de la ecuación anterior:
dP = -dmg kg – m - 1 = N
A s² m² m²
De la definición de densidad, la diferencial
de masa se expresa como: dm = ρdV = ρAdz
Sustituyendo dm en la ecuación anterior:
dP = -ρAdzg
A
dP = -ρgdz (Pa)
La ecuación anterior expresa la variación de
la presión en la dirección del campo gravitatorio,
es decir, perpendicular a la superficie terrestre.
Quedando lo que se conoce como:
ECUACIÓN DEL GRADIENTE DE
PRESIÓN GRAVITACIONAL EN FLUIDOS
ESTÁTICOS.
EJERCICIO 1.5.1.
En el tanque hermético que se muestra en la
figura se tienen mercurio, agua, aceite y aire. La
presión del aire en la parte superior del tanque
(punto 5) es de 150 (kPa). La aceleración de la
gravedad local es de 9.8 (m/s²) y las densidades
relativas son, respectivamente:
δHg = 13.6, δH2O = 1, δaceite = 0.86, δaire =1.23 x 10⁻³
Calcule la presión en el fondo del tanque.
H2O
Aceite
Aire
Hg
1 (m)
1 (m)
1 (m)
1 (m)
Z
X
Y
5
4
3
2
1
RESOLUCIÓN :
Aplicando la Ec. del Gradiente de Presión:
dP = -ρgdz
∫dP = ∫-ρgdz
P2 - P1 = -ρg(z2 – z1)Hg
Pf = P1 = P2 + ρgh)Hg …(1)
∫dP = ∫-ρgdz
P3 - P2 = -ρg(z3 – z2)H2O
2 2
1 1
3 3
2 2
P2 = P3 + ρgh)H2O …(2)
Sustituyendo la ecuación (2) en (1)
Pf = P3 + ρgh)H2O + ρgh)Hg … (3)
∫dP = ∫-ρgdz
P4 - P3 = -ρg(z4 – z3)aceite
P3 = P4 + ρgh)aceite …(4)
4 4
3 3
Sustituyendo la ecuación (4) en (3)
Pf = P4 + ρgh)aceite + ρgh)H2O + ρgh)Hg … (5)
∫dP = ∫-ρgdz
P5 - P4 = -ρgdz)aire
P4 = P5 + ρgh)aire …(6)
Sustituyendo la ecuación (6) en (5)
5 5
4 4
Pf = 301,520.054 (Pa)
Pf = P5 + ρgh)aire + ρgh)aceite + ρgh)H2O + ρgh)Hg
Pf = Paire + ρgh)aire + ρgh)aceite + ρgh)H2O + ρgh)Hg … (7)
Pf = 150,000 + (1.23)(9.8)(1) + (860)(9.8)(1) +
(10³)(9.8)(1) + (13,600)(9.8)(1)
Pf = 150,000 + 12.054 + 8,428 + 9,800 +133,280
Análisis físico: La presión en el fondo del tan-que es la suma de las presiones del aire y de las cua-tro presiones de las columnas de los fluidos. Si no seconsidera la presión de la columna de aire: ρgh)aire
Pf.´= Pf - ρgh)aire = 301,520.054 - 12.054 = 301,508.0 (Pa)
Calculando el error de exactitud
%EEρgh)aire = | Pf – Pf´ | x 100
Pf
%EEρgh)aire = │301,520.054 – 301,508.0│x 100
301,520.054
%EEρgh)aire = 0.0039977%
Por lo tanto, es depreciable el término:
ρgh)aire = 12.054 (Pa)
Por lo cual, se puede generalizar que la pre-
sión que ejerce el peso por unidad de área de una
columna de un gas es despreciable. Excepto el ai-
re de la atmósfera.
PRESIÓN ATMOSFÉRICA
Es la presión que ejerce una columna de aire
en cualquier punto dentro de la atmósfera terres-
tre, debido al peso por unidad de área que ejerce
dicha columna desde el punto en cuestión hasta
donde termina la atmósfera.
Columna de aire
hasta el nivel
del mar.TierraTIERRA
Fig. 1.5.2. Presión
Atmosférica.
BARÓMETRO DE TORRICELLI
Es el instrumento de medición empírico de la
presión atmosférica que permite cuantificar el pe-
so por unidad de área de las moléculas de la co-
lumna de aire, equilibrándola con una columna de
mercurio cuyo peso por unidad de área de las
moléculas de mercurio ejerza la misma preesión.
h = 76 cm de Hg
(1)
Patm
Hg
P=0
(2)
X
Y
Z
(1)
Fig. 1.5.3.
Barómetro
de Torricelli.
Para cuantificar la presión que ejercen las
moléculas de aire desde el nivel del mar hasta
donde termina la atmósfera, se aplica la Ecua-
ción del Gradiente de Presión al Barómetro de
Torricelli de la figura anterior:
dP = - ρgdz
P2 – P1 = -ρHgg(z2 – z1) = -ρgh)
P2 – P1 = -Patm = -ρgh), en donde: P1 = Patm
2 2
1 1
0
∫ ∫
.
barómetro
barómetro
Patm = ρgh) Barómetro
BARÓMETRO DE TORRICELLI. Es el instru-
mento de medición que permite cuantificar el
valor absoluto de la presión atmosférica de la
columna de aire (peso de las moléculas del aire
por unidad de área) que se ejerce en cada
punto de la atmósfera terrestre. La presión
atmosférica a nivel del mar es igual a:
Patm = 101,325.0 [Pa]
Nivel del Mar
La presión atmosférica medida con el Baró-
metro de Torricelli es la presión absoluta o total
que ejerce el peso de las moléculas de aire atmos-
férico por unidad de área sobre un punto cuales-
quiera de la superficie terrestre.
La presión absoluta o total de un fluido es la
fuerza que ejercen las moléculas del fluido sobre
una superficie, por ejemplo, la del recipiente que lo
contiene. Si este fluido está confinado en un
sistema cilindro-émbolo, esta presión absoluta es
equivalente a la fuerza total que ejerce la cara in-
terior del émbolo sobre el fluido.
EVANGELISTA TORRICELLI
(1608-1647) Matemático
y físico italiano. Descubrió y
determinó el valor de la pre-
sión atmosférica y en 1643
inventó el barómetro. Una
unidad de medida, el torr, u-
tilizada en física para indicar
la presión barométrica cuan-
do se trabaja en condiciones
cercanas al vacío, se deno-
mina así en su honor.
EJERCICIO 1.5.2.
a) Determine la presión atmosférica en la Ciudad
de México, empleando la Ecuación del Gradiente
de Presión. La altura en el Zócalo de la Ciudad
de México es de 2,246.0 (m).
b) Para el resultado del inciso anterior determine el
%EE si la altura barométrica en la Ciudad de
México es de 58.6 (cm de Hg).
Considere que el aire atmosférico se comporta
como Gas Ideal; que su temperatura promedio
es constante y de 20 (ºC), y que las corrientes
del aire en la atmósfera son despreciables. La
presión atmosférica al nivel del mar es de
101,325.0 (Pa) y la aceleración de la gravedad
es de 9.807 (m/s²).
Columna de aire
hasta el Zócalo al
nivel de la Ciudad
de México.
Columna de aire
hasta el Nivel del
Mar.TierraTIERRA
RESOLUCIÓN:
a) Se aplica la Ecuación del Gradiente de Presión:
dP = -ρgdz
para obtener un modelo matemático, conside-
rando que el aire de la atmósfera se comparta
como Gas Ideal: PV = mRT
ρ = 0
P0
P
Dividiendo la ecuación del Gas Ideal entre V:
PV = mRT = P = ρRT
V V
P = ρRT (cualquier punto arriba del nivel del mar)
P0 ρ0RT (al nivel del mar)
Sustituyendo en la Ec. del Gradiente de Presión
P = ρ ; ρ = ρ0 P ;
P₀ ρ ₀ P0
dP = -ρ0 P gdz
P0
dP = -ρ0gdz
P P0
ρ0 = P0 sustituyendo en la ecuación anterior
RT0
dP = - P0 g dz
P RT0 P0
g = 9.807 = 1.1657 x 10⁻⁴
RT0 (286.98)(293.15)
α = 1.1657 x 10⁻⁴ (m⁻¹)
dP = -αdz ; Integrando
P∫ ∫P
P0
Z
Z0
m_
s²_____ _ = (m⁻¹) kg-m/s²•m (K)
kg •K
Ln P| = -αz |
[Ln (P/P0)] = [-α(z – z0)]
En donde:
z – z0 = h, es la altura sobre el nivel del mar
P/P0 = e ; Despejando: P = P0e
PCdeM = (101,325.0)e
Pmodelo = PC.deM = 77,985.03 (Pa)
– (1.1657 x 10⁻⁴ m )(2246 m)
P
P0
Z
Z0
-αh -αh
-1
b) Para determinar el %EE (Porcentaje de Error
de Exactitud) del modelo matemático y consi-
derando que es confiable para su uso en inge-
niería, si su error de exactitud no excede en un
2%, a continuación se determina este paráme-
tro.
%EE = |Pbarom - Pmodelo| x 100
Pbarom
P´CdeM = Pbarom = ρgh)barom = (13,600)(9.78)(0.586)
P´CdeM = 77,942.79 (Pa)
%EE = |(77,942.79 – 77,985.03)| x 100
77,942.79
%EE = 0.0542 (%)
PRESIONES ABSOLUTA Y RELATIVA
PRESIÓN ABSOLUTA. Es la fuerza que ejercen
las moléculas de un fluido sobre la superficie de
las paredes del recipiente que lo contiene. En el
caso de la presión atmosférica, es la fuerza total
que ejerce el peso de las moléculas de aire atmos-
férico por unidad de área, en un punto cualesquie-
ra de la superficie terrestre.
Si un fluido está contenido en un sistema
cilindro-émbolo, la fuerza total que actúa sobre el
área del émbolo produce una presión absoluta en
el fluido.
PRESIÓN RELATIVA. Es la presión de un fluido
medida con referencia a la presión de otro fluido.
No es la cuantificación de la fuerza total que ejer-
cen las moléculas del fluido sobre la superficie de
las paredes del recipiente que lo contiene.
Generalmente, la presión relativa hace refe-
rencia a la presión del aire atmosférico que actúa
sobre un punto cualesquiera de la superficie
terrestre. Para cuantificar la presión de un fluido
confinado en un sistema cerrado, se emplea un
instrumento de medición denominado manómetro
y cuyo punto de referencia (0’) es la presión at-
mosférica local, por lo que un manómetro mide
presiones relativas.
MANÓMETRO. Es el instrumento de medición de
presión que indica valores relativos, de la fuerza
por unidad de área que ejerce un fluido, con res-
pecto a la presión atmosférica. En la siguiente dia-
positiva se observa que al estar desconectado el
manómetro en «U» se presenta equilibrio (igual al-
tura en las dos columnas) en la sustancia manomé-
trica, por lo cual el “0’” del manómetro en “U” ya
“incluye” la presión atmosférica local.
PRESIÓN MANOMÉTRICA. Es la presión de un
fluido dada por un instrumento de medición deno-
minado manómetro, cuyo valor medido es relativo
a la presión atmosférica local.
h = 0
Hg (sustancia
manométrica)
atm
atm
0’
Fig. 1.5.4. Manómetro en “U”.
Gas
LP
Pgas > Patm
hman = z₂ - z₁
2
Patm
1
11
PRESIÓN MANOMÉTRICA: Es la
que se obtiene con un manómetro
en ”U” para medir presiones ma-
yores que la presión atmosférica.
x
z
z
Fig. 1.5.5. Manómetro en “U”.
Aplicando la ecuación del Gradiente de Presión al
Manómetro en «U» de la figura anterior.
∫dP = ∫-ρgdz
P2 – P1 = - ρg(z2 – z1) = -ρgh)manómetro
PATM – PGAS)LP = -ρgh)manómetro = -Pman)gas
Pman)gas = ρgh)manómetro
Despejando Pgas de la ecuación anterior
Pgas = PATM + Pman)gas; Pgas > PATM
2 2
1 1
Pgas = Pman + Patm
Pman = ρgh)man
Pgas = Pman + Patm
Pabs.gas = Prel.gas + Patm
P
Pabs.gas
0
Pman
Patm
Pabs > Patm
Pabs = Pman + Patm
0
0’
Patm
Fig. 1.5.6.
De la escala de presión
absoluta, obtenemos las
siguientes ecuaciones:
EJERCICIO 1.5.3.
La figura muestra un tanque cilíndrico de 40(cm) de diámetro, herméticamente cerrado quecontiene los fluidos indicados. La presión mano-métrica del aire contenido en dicho tanque es 300(kPa) y su densidad es de 3.57 (kg/m³), la masade aceite es 85.45 (kg). Con base en ello, determi-ne:
a) La presión manométrica en el punto “B” en(kPa).
b) La presión absoluta en el punto “C” en (kPa).
Agua
Aire
Aceite
50 cm
80 cm
150 cm
d
A
B
C
0
DATOS:
PATM = 78,000 (Pa)g = 9.78 (m/s²)
RESOLUCIÓN :
Pman)B = ¿? (kPa)
Al colocar un manómetro en el punto «B» y
aplicando la ecuación de manometría para un
fluido con presión mayor que la atmosférica:
PB = Patm + Pman)B … (1)
En la ecuación anterior PB es la presión ab-
soluta en el punto «B». Despejando Pman)B de
esta ecuación:
Pman)B = PB - Patm … (2)
Para obtener PB (presión absoluta en el pun-
to «B») se aplica la Ecuación del Gradiente de
Presión: dP = -ρgdz, entre los puntos «A» y «B»
∫dP = ∫-ρgdz
PA - PB = -ρg(zA – zB)Aceite
PB = PA + ρgh)Aceite …(3)
Para obtener PA (presión absoluta en el pun-
to «A») se aplica la Ecuación del Gradiente de
A A
B B
Presión: dP = -ρgdz, entre los puntos «A» y «0»
∫dP = ∫-ρgdz
P0 - PA = -ρg(z0 – zA)Aire
PA = P0 + ρgh)Aire …(4)
Sustituyendo la ecuación (4) en (3)
PB = P0 + ρgh)Aire + ρgh)Aceite … (5)
0 0
A A
Por otra parte, la presión del aire es igual a:
Paire = P₀ = Patm + Pman)aire … (6)
Sustituyendo la ecuación (6) en (5)
PB = Patm + Pman)aire + ρgh)Aire + ρgh)Aceite
Con base al análisis del problema (1.5.1), la
presión de la columna de aire es despreciable:
ρgh)Aire = 0
Quedando finalmente:
PB = Patm + Pman)aire + ρgh)Aceite … (7)
Sustituyendo la ecuación (7) en (2)
Pman)B = Patm - Patm + Pman)aire + ρgh)Aceite
Pman)B = Pman)aire + ρgh)Aceite … (8)
Para obtener la densidad del aceite y efectuar
cálculos se parte de la definición de densidad y
los datos del enunciado del problema:
ρaceite = 85.45 (kg) = 849.98 = 850 (kg/m³)
(π)(0.2)²(0.8)(m³)
Sustituyendo datos en la Ec. (8):
Pman)B = 300,000 + (850)(9.78)(0.8)
a) Pman)B = 306.65 (kPa)
b) Pabs)c = ρgh)H2O + ρgh)aceite + ρgh)aire + Paire
Paire = PATM + Pman)aire
Pabs)c = (10³)(9.78)(1.5) + (850)(9.78)(0.8) +
78,000 + 300,000
b) Pabs)c = 399,320.4 (Pa)
0
Otro camino
Pabs)c = Pabs)B + ρgh)H2O
Pabs)c = PATM + Pman)B + ρgh)H2O
Pabs)c = 78,000 + 306,650.4 + (10³)(9.78)(1.5)
Pabs)c = 399,320.4 (Pa)
Cuando la pre-
sión del fluido es me-
nor que la atmosféri-
ca y se emplea un
manómetro en “ U ”para medirla, se dice
que la presión es va-
cuométrica, y el ma-
nómetro funciona co-
mo un vacuómetro.
PRESIÓN DE VACÍO
Es una presión me-
nor a la presión at-
mosférica. F
Aire
Patm
2
hvac =
z₂ - z₁
1´
Pabs aire < Patm
1
Vacuómetro
x
z
y
PRESIÓN VACUOMÉTRICA
Fig. 1.5.7.
Aplicando la Ecuación del Gradiente de Presión al
Vacuómetro en «U»
∫dP = ∫-ρgdz
Integrando:
P2 – P1 = - ρg(z2 – z1) =
Paire – PATM = -ρgh)vacuómetro = -Pvac)aire
Pvac)aire = ρgh)vacuómetro
2 2
1 1
Despejando Paire de la ecuación anterior
Paire = PATM – Pvac)aire
Paire < PATM
Si se efectúa un análisis de presiones referi-
da a una escala de presión absoluta, y se grafican
esquemáticamente las presiones:absoluta, atmos-
férica y vacuométrica, se puede generalizar la
ecuación de manometría para la medición de pre-
siones de vacío como se indica en la siguiente dia-
positiva.
De la escala de presión obtenemos la siguiente
ecuación: Pabs.aire = Patm – Pvac
Pvac = ρgh)vac
P
Patm
Pabs.aire
0
Pvac
0’
Pabs.aire
Pabs < Patm
Pabs = Patm - Pvac
Fig. 1.5.8.
EJERCICIO 1.5.4.
En la figura se muestra un recipiente que
contiene varios fluidos a 20 [ºC]. Si la presión
vacuométrica en el punto D es 32 078.4 [Pa] y
la aceleración gravitatoria del lugar es g = 9.78
[m/s²], determine:
a) La presión vacuométrica en el punto C.
b) La densidad del líquido desconocido.
D
C
B
A
Líquido desconocido
Patm
aire
80
cm agua
30
cm
RESOLUCIÓN:
a) Pvac)C = ?
DATOS: Pvac)D = 32,078.4 (Pa), g = 9.78 (m/s²)
En la Fig. se observa que la presión atmos-
férica desplaza al líquido desconocido hacia la ra-
ma izquierda, por tanto se concluye que:
PATM > Paire
Lo que implica:
PABS)C y PABS)D < PATM
Aplicando la Ec. del Gradiente de Presión a los
puntos C y D
∫ dP = -∫ ρgdz = - ρg ∫ dzC C C
D D D
PC – PD = - ρg (ZC – ZD) = - ρH2OghH2O …(1)
presiones abs.
De las ecuaciones de manometría:
PABS)C = PATM - Pvac)C
PABS)D = PATM - Pvac)D
Sustituyendo las dos ecuaciones anteriores en la
Ec. (1) y eliminando términos:
(PATM - Pvac)C) - (PATM - Pvac)D) = - ρgh)H2O
- Pvac)C + Pvac)D = - ρgh)H2O
Despejando Pvac)C
Pvac)C = ρgh)H2O + Pvac)D
Sustituyendo datos:
Pvac)C = (10³)(9.78)(0.8) + 32,078.4
Pvac)C = 39,902.4 (Pa)
b) ρ)LD = ?
Aplicando la Ec. del Gradiente de Presión a los
puntos A y B
∫ dP = -∫ ρgdz = - ρg ∫ dzB B B
A A A
PB – PA = - ρg (ZB – ZA) = - ρLDghLD …(2)
presiones abs.
De las ecuaciones de manometría
PABS)B = PATM - Pvac)B = PATM - Pvac)C
PABS)A = PATM
Sustituyendo estas ecuaciones en la Ec. (2)
PATM - Pvac)C - PATM = - ρgh)LD
Despejando ρ)LD
ρ)LD = Pvac)C
gh)LD
Sustituyendo datos:
ρ)LD = 39,902.4
(9.78)(0.3)
ρ)LD = 13,600 (kg/m³) ρ)Hg
Patm
Patm
Manómetro:
Pabs > Patm
Pabs = Patm + Pman
Vacuómetro:
Pabs < Patm
Pabs = Patm – Pvac.
ECUACIONES DE MANOMETRÍA
Fig. 1.5.9. Mano-
Vacuómetro en “U”.
ESCALA DE PRESIONES
ABSOLUTAS Y RELATIVAS
Pabs < Patm
Pman
Pabs > Patm
Pabs
0’
Pvac
Pabs
0
PatmPatm
Pabs
Fig. 1.5.10.
MANÓMETRO DE BOURDON
Funciona igual que un mano-vacuómetro en «U».
Fig. 1.5.11.http://www.sapiensman.com/neumatica/n
eumatica34.htm
BOURDON, EUGÈNE
(1808 - 1884). Ingeniero
e industrial francés. En 1849
inventó un manómetro metáli-
co que fue utilizado por la ma-
rina francesa en las calderas
de vapor. También fabricó o-
tros muchos dispositivos, co-
mo una trompa de vacío, un
reloj neumático y un taquíme-
tro.
EJERCICIO 1.5.5.
Se tienen dos compartimientos “A” y “B”
herméticamente sellados a los cuales se les han
colocado los manómetros como se muestra en
la figura. El manómetro de Bourdon (1) indica
una presión de 1.5 (bar) y el manómetro de
Bourdon (3) indica una presión de 2.5 (bar).
Diga si el manómetro en “U” (2) funciona
como manómetro o como vacuómetro y cuál es
la altura de la columna de mercurio en [cm].
Considere que la altura barométrica local es de
60 (cm de Hg). Considere que ρ = 13,600
(kg/m³) y que la aceleración de la gravedad local
es 9.79 (m/s²).
32
1
“B”
Hg
“A”
RESOLUCIÓN:
1 (bar) = 10⁵ (Pa)
Ya que la Pman)B > Pman)A → Pabs)B > Pabs)A
Por tanto, el manómetro (2) funciona como
vacuómetro.
PA > PATM y PB > PATM
Z1 (1) (1’)
hvac
Z2 (2)
PA
PB
∫dP = ∫-ρgdz
P2 – P1 = -ρHgg(z2 – z1)
PA – PB = -ρHgg(hHg)vac
(hHg)vac = PA – PB
-ρHgg
(hHg)vac = (PATM + Pman)B) - (PATM + Pman)A)
ρHgg
2 2
11
(hHg)vac = (2.5 – 1.5) x 10⁵
(13,600)(9.79)
(hHg)vac = 0.75(m)