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Universidad Nacional de IngenierıaFacultad de Ingenierıa de Petroleo, Gas y
PetroquımicaCiclo 2015-II
Practica Calificada №2 de Calculo I(PM-111B)
Profesor : Alvaro Naupay Gusukuma.Fecha : 29 de Septiembre de 2015
1. Determinar el dominio de definicion, rango y grafico de las siguientes funciones
a) fpxq “a
x´ vxw.
SOLUCION :
Tenemos por definicion de maximo entero que vxw ď x, @x P R, es decir 0 ď x ´ vxw, @x P R,por lo tanto el dominio de f es Df “ R.En busca del Rango y el grafico.Como vxw “ n, @x P rn, n` 1y, n P Z, entonces tendriamos que
fpxq “?x´ n, @x P rn, n` 1y, @n P Z
luego fijando n, tenemos que n ď x ă n` 1, 0 ď x´ n ă 1, 0 ď?x´ n ă 1, entonces
0 ď fpxq ă 1, @x P rn, n` 1y, @n P Z
Observe que la union de todos los intervalos rn, n` 1y con n variando en todo Z es igual a R,
es decirď
nPZrn, n` 1y “ R, entonces
0 ď fpxq ă 1, @x P R .
Por lo tanto tenemos que el rango es Rf “ r0, 1y.Para el grafico tenemos que considerar lo siguiente
fpxq “
$
’
’
’
’
’
’
’
’
’
&
’
’
’
’
’
’
’
’
’
%
......
?x` 2 si x P r´2,´1y
?x` 1 si x P r´1, 0y
?x si x P r0, 1y
?x´ 1 si x P r1, 2y
?x´ 2 si x P r2, 3y
......
lo que da origen a
�
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b) fpxq “ vxw `a
x´ vxw
SOLUCION :
Para esto debemos de razonar de manera analoga al problema anterior.Es claro que 0 ď x´ vxw, @x P R, entonces Df “ R.En busca del Rango y Grafico.Como vxw “ n, @x P rn, n` 1y, n P Z, entonces tendriamos que
fpxq “ n`?x´ n, @x P rn, n` 1y, @n P Z
luego fijando n, tenemos que n ď x ă n ` 1, 0 ď x ´ n ă 1, 0 ď?x´ n ă 1,
n ď n`?x´ n ă n` 1, entonces
n ď fpxq ă n` 1, @x P rn, n` 1y, @n P Z ,
esto es fpxq toma todos los valores de rn, n` 1y y esto es @n P Z, por lo tanto podemos decirque Rf “ R.Para hacer el grafico debemos tomar en cuenta lo siguiente
fpxq “
$
’
’
’
’
’
’
’
’
’
&
’
’
’
’
’
’
’
’
’
%
......
´2`?x` 2 si x P r´2,´1y
´1`?x` 1 si x P r´1, 0y
?x si x P r0, 1y
1`?x´ 1 si x P r1, 2y
2`?x´ 2 si x P r2, 3y
......
lo que da origen a
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2. Para una funcion arbitraria f : X Ñ Y y A,B Ă Y demostrar que las siguientes identidades:
a) f´1 pAYBq “ f´1pAq Y f´1pBq.
SOLUCION :
Sea x P f´1pAYBq ô fpxq P AYB
ô fpxq P A p_q fpxq P B
ô x P f´1pAq p_q x P f´1pBq
ô x P f´1pAq Y f´1pBq .
Finalmente de esto podemos concluir que efectivamente se cumple
f´1 pAYBq “ f´1pAq Y f´1pBq .
�
b) f´1 pAXBq “ f´1pAq X f´1pBq.
SOLUCION :
Sea x P f´1pAXBq ô fpxq P AXB
ô fpxq P A p^q fpxq P B
ô x P f´1pAq p^q x P f´1pBq
ô x P f´1pAq X f´1pBq .
Finalmente de esto podemos concluir que efectivamente se cumple
f´1 pAXBq “ f´1pAq X f´1pBq .
�
c) f´1pBCq “ rf´1 pBqsC
.
SOLUCION :
Sea x P f´1pBCq ô fpxq P BC
ô fpxq R B
ô x R f´1pBq (Por definicion)
ô x P rf´1pBqsC .
Lo que finalmente prueba la afirmacion. �
3. Sea f : RÑ R una funcion tal que cumple
fpx` yq “ fpxq ¨ fpyq
ademas @x P R, fpxq ‰ 0. Verificar lo siguiente:
a) fp0q “ 1.
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SOLUCION :
En la definicion de f hacemos x “ y “ 0, luego tenemos
fp0` 0q “ fp0q ¨ fp0q
fp0q “ fp0q ¨ fp0q
0 “ fp0q ¨ fp0q ´ fp0q
0 “ fp0qpfp0q ´ 1q
como f es diferente de cero, entonces podemos comcluir que
fp0q “ 1
�
b) fp´xq “1
fpxq.
SOLUCION :
Usando el resultado del problema anterior tenemos que
1 “ fp0q “ fpx` p´xqq “ fpxq ¨ fp´xq
como f ‰ 0 entonces podemos concluir que
fp´xq “1
fpxq
�
c) @n P N se cumple que fpnxq “ fnpxq.
SOLUCION :
Esto se demuestra por induccion.
i) Es claro que se cumple para n “ 1, fpxq “ fpxq.
ii) Suponemos que se cumple para n “ k P N, fpkxq “ fkpxq.
iii) Teniendo en cuenta los anterior demostraremos que se cumple para n “ k ` 1 P N, enefecto
fppk ` 1qxq “ fpkx` xq “ fpkxqfpxq
de la hipotesis inductiva tenemos que fpkxq “ fkpxq, luego
fppk ` 1qxq “ fkpxqfpxq “ fk`1
pxq
como se querıa.
Finalmente podemos concluir que el enunciado se cumple para todos los naturales.�
4. Para la funcion f : X Ñ Y , mostrar que los siguientes enunciados son equivalentes:
a) f es inyectiva.
b) fpAXBq “ fpAq X fpBq se cumple para todo A,B P PpXq.
donde PpXq es el conjunto potencia de X.
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SOLUCION :
(a) ñ (b)Teniendo como hipotesis afirmativa que (a) debemos probar que se cumple (b).Sean A,B P PpXq fijos pero arbitrarios, para demostrar que fpA X Bq “ fpAq X fpBqdebemos demostrar la doble inclusion, es decir que se cumple fpA X Bq Ă fpAq X fpBq yfpAq X fpBq Ă fpAXBq.
i) Verificando fpAqXfpBq Ă fpAXBq. Sea y P fpAqXfpBq, entonces existen a P A y b P Btales que y “ fpaq “ fpbq, pero como f es tambien inyectiva tenemos que a “ b P A X Bpor lo tanto fpaq “ fpbq “ y P fpAXBq. Lo que muestra la inclusion.
ii) Verificando fpA X Bq Ă fpAq X fpBq. Sea y P fpA X Bq, entonces existe x P A X B talque y “ fpxq, es decir x P A y x P B, entonces fpxq “ y P fpAq y fpxq “ y P fpBq, por lotanto y P fpAq X fpBq. Lo que muestra la inclusion.
Entonces de i) e ii) podemos afirmar que se cumple fpAXBq “ fpAq X fpBq.(a) ð (b)Teniendo como hipotesis afirmativa que (b) debemos probar que se cumple (a).Recuerde que fpHq “ H, luego si A y B son disjuntos entonces fpAXBq “ fpAqX fpBq “ H.Tenemos que mostrar que si fpaq “ fpbq entonces a “ b.Si fpaq “ fpbq, entonces hacemos A “ tau y B “ tbu, luego por (b)
fpAXBq “ fpAq X fpBq “ fpaq X fpbq “ fpaq X fpaq ‰ H ,
de lo cual podemos decir que AXB ‰ H, como A y B son unitarios entonces la unica opcion esque a “ b, como se querıa demostrar. �