Upload
mitar-miric
View
533
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6. STATIKA LINIJSKIH KONSTRUKCIJA 6.1. Pojam konstrukcije i statike konstrukcija Konstrukcija je sustav tijela koji je sposoban primiti opterećenje i prenijeti ga na referentnu podlogu.
Konstrukcije mogu biti prostorne, ravninske i linijske.
Ravninska konstrukcija Usvojeni linijski model Linijske konstrukcije su konstrukcije čije su dvije dimenzije (visina i širina poprečnog presjeka) zanemarivo male u odnosu na duljinu. Pojam statike linijskih konstrukcija podrazumijeva:
1. Utvrđivanje oblika, geometrijske nepromjenjivosti i statičke određenosti
2. Utvrđivanje opterećenja (vanjskih aktivnih sila)
3. Određivanje pasivnih sila (vanjskih i unutrašnjih)
4. Određivanje dijagrama unutrašnjih sila
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.2. Vrste linijskih konstrukcija u ravnini
Punostjeni nosači
Poligonalni nosači
Okviri i lukovi
Rešetke
Lančanice
Lančani poligon
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.3. Unutrašnje sile u presjecima linijskih nosača u ravnini
Presjek
F 1 F3
F2 1
1
F2
F3
F1
Trokut sila
F3
F2F 1-1
F 1 M 1-1F 1-1
M 1-1
F3
F2
N 1-1 F 1 M 1-1
T 1-1 M 1-1
T 1-1
N 1-1
Sile presjeka:
T1-1- poprečna (transverzalna) sila
N1-1 - uzdužna (normalna) sila
M1-1- moment POPREČNA SILA u presjeku jednaka je vektorskom zbroju projekcija u smjer normale osi štapa svih sila lijevo ili desno od promatranog presjeka. UZDUŽNA SILA u presjeku jednaka je vektorskom zbroju projekcija u smjer tangente osi štapa svih sila lijevo ili desno od promatranog presjeka. MOMENT u presjeku jednak je vektorskom zbroju momenata svih sila lijevo ili desno od promatranog presjeka.
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Dogovor o predznacima (konvencija)
N M
T
Pozitivni smjerovi
Presjek Os elementa
- u skladu sorjentacijom desnogkoordinatnog sustava
Uvijek treba znati s koje strane presjeka djeluju (obično s lijeve)
N M
T T
N M
pozitivni smjerovi
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Dijagrami unutrašnjih sila Unutrašnje sile u presjecima nosača prikazuju se pomoću dijagrama unutrašnjih sila.
F1 F3
F21 2 3 4 5 6
2 3 4 5
F3y
F3x
F1y
F1x
- Nx
- Tlak
Tx
Mx
+
-
+
F1x F3x
F1y
F3y
F2
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.4. Statika rešetkastih konstrukcija
6.4.1. Definicija, podjela, uvjeti geometrijske nepromjenjivosti Rešetkaste konstrukcije - konstrukcije sastavljene od niza ravnih štapova međusobno vezanih čvorovima koje opterećenja prenose putem uzdužnih sila u štapovima. Opterećenja su uvijek zadana u čvorovima. Podjela rešetkastih konstrukcija a) prema obliku konstrukcije: ravninske i prostorne b) prema statičkoj određenosti: statički određene i statički neodređene Topologija: Elementarni geometrijski nepromjenjivi lik - trokut
1 2
3
3 2
1
š - broj veza štapova
n - broj čvorova
š = 2 n - 3. vrijedi za svaku ravninsku rešetku
š = 2 3 - 3 = 3 . Rešetke sastavljene iz trokutova su geometrijski nepromjenjivi likovi.
1
2 3
š = 2 9 - 3 = 15 .
1 2 3 4
13
1
14 1510 11 129
5 6 7 8
4 5
6 7 8 9
Broj stupnjeva slobode rešetkaste konstrukcije
1 2
3
3 2
1
s = 2 3 - 3 - 3 = 0 .
L1 L2 L 3
L 1 L2
1
L1 L2
1
L3
21
s = 2 1 - 2 = 0 . s = 2 2 - 1 - 3 = 0.
s = 2 n - š - L = 0. Općenitos - broj stupnjeva slobode L - broj vanjskih veza
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Uvjeti za stabilnu statički određenu rešetkastu konstrukciju:
Nužan uvjet geometrijske nepromjenjivosti s=0 Dovoljan uvjet - pravilan raspored veza u konstrukciji
Primjeri dokazivanja geometrijske nepromjenjivosti i statičke određenosti
1
2 3
s = 2 9 - 15 - 3 = 0 .
1 2 3 4
13
1
14 1510 11 129
5 6 7 8
45
6 7 8 9
1
2
32
3
4
4
5
6
7
8 10
1112
913
14 7
1
5
6
s = 2 7 - 14 - 0 = 0 .
Primjeri geometrijski promjenjivih i nepromjenjivih rešetki
Geom. neprom. i stat. određena
Geometrijski Geom. nepromj. i stat. neodređena
a) Geometrijski nepromjenjiva i b) Geometrijski promjenjiva
promjenjiva
statički određena
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.4.2. Sile u rešetkastim konstrukcijama - Vanjske sile (sile opterećenja): aktivne i pasivne (reakcije) - Unutrašnje sile: sile štapova i sile čvorova Određivanje sila u ležajnim vezama (reakcija): - kao kod krutih tijela u ravnini ili - kao kod ostalih štapova rešetke Sile na štap Sile na čvor rešetkaste kontrukcije
i S i
S i
- kolinearne- istog iznosa- suprotnog smjera
+ vlak
i S i
S i - tlak
Pj
j
i i+1
i+2Si
Si
Si+1
S i+1
Si+2 S i+2
zakonu akcije i reakcijesile u čvoru i štapu prema
6.4.3. Određivanje sila u štapovima rešetkastih konstrukcija Osnovne metode: 1. Metoda čvorova (metoda presjeka štapova uz čvorove)
1.1. Analitičke metode čvorova 1.1.1. Metoda čvor po čvor 1.1.2. Metoda svih čvorova odjednom
1.2. Grafičke metode čvorova 1.2.1. Metoda čvor po čvor (zasebno crtano) 1.2.2. Metoda čvor po čvor (zajedno crtano) - Cremona
2. Metode presjeka 2.1. Analitička metoda (Ritter-ova metoda) 2.2. Grafička metoda (Culmann-ova metoda)
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
1.1.1. Analitička metoda čvor po čvor
1 2
3
1
L1 L2L3
HP
2
3
4
5
6
7
8
9
121110
3.0
3.0
3.0
4.0
α
1) S=2 6-9-3=0.
2) S=2 6-12=0.
ili
tg =3/4α
H S1
S 6
Čvor 1
0S,0Y
HS,0X
6
1
==
−==
∑∑
S 1 S 8
Čvor 2 P
S 4
X S S SH
Y S S P S PH
= ⋅ + = → =
= ⋅ + + = → = − − ⋅
∑
∑
0 0
0 0
4 1 4
4 3 8
, coscos
, sincos
sin
αα
αα
α
S 2 S 7
Čvor 3 S =0 6
S 4 = H
cos α
X SH
H
Y S SH
H tg
= = − = −
= = ⋅ = ⋅ = ⋅
∑
∑
0
0
2
7 4
,cos
cos
, sincos
sin
αα
αα
α α
S =-H 2
S 9
Čvor 4
S =-P-H tg 8
S 5
α .
X S H S
H
Y S S S S P H t
= ⋅ − = → =
= + ⋅ − = → = − − ⋅ ⋅
∑
∑
0 0
0 0
5 5
9 5 8 9
, coscos
, sin
αα
α αg2
S 3 S 10
Čvor 5
S =H tg 7 α . S 5 =H
cos α
X S S S H
Y S S S S H t
= + ⋅ = → = −
= + ⋅ − = → = ⋅ ⋅
∑∑
0 0
0 03 5 3
7 5 10 10
, cos
, sin
α
α αg2
S =-H 3
S 12
Čvor 6
S =-P-2 H tg 9
S 11
α. .
X S S S
H
Y S S S S P H t
= ⋅ + = → =
= + ⋅ − = → = − − ⋅ ⋅
∑
∑
0 0
0 0
11 3 11
12 11 9 12
, coscos
, sin
αα
α αg3
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
1.1.2. Analitička metoda svih čvorova odjednom Prikladna je za programiranje na kompjutorima, univerzalna i uvijek primjenjiva.
Matrični zapis D S B⋅ = D - matrica geometrije sustava S - vektor nepoznatih sila B - vektor opterećenja Nedostatak - matrica D je nesimetrična
1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 00 1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 01 0 1 0 0 0 0 0 0 0 0 00 0 1 0 0 0 0 0 0 0 00 0 0 1 0 0 0 0 0 0 00 1 0 0 1 0 0 0 0 0 00 0 0 0 1 0 1 0 0 0 0 00 0 0 1 0 0 1 0 0 0 00 0 0 0 0 0 0 1 0 0 00 0 0 0 0 1 0 0 1 0 00 0 0 0 0 0 0 0 1 0 00 0 0 0 0 0 0 1 0 0 1
/ cossincossin
/ cossincossin
cossin
α
α
α
α
α
α
α
α
α
α
− −
−
− −
−
⎡
⎣
⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢
⎤
⎦
⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥
⋅
⎡
⎣
⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢
⎤
⎦
⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥
=
−
−
⎡
⎣
⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢⎢
⎤
⎦
⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥⎥
SSSSSSSSSSSS
H
P
1
6
4
8
2
7
5
9
3
10
11
12
00
00000000
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
1.2. Grafičke metode čvorova
1.2.1. Metoda čvor po čvor ( zasebno crtano)
1.2.2. Metoda čvor po čvor (zajedno crtano) → Cremona Određivanje vanjskih sila
1A B POs
1 2
1
2
s
B
A
Uravnoteženje čvorova (crtano zasebno)
1
A B P
1 2 3
4 5 Čvor 1
A
Čvor 4
1 23 4 5 6
7
S1
S3
S3S4
S7
Čvor 2
S5
S4
S 2
P
S 1 Čvor 5
S5 S6
S7
(kontrola)Čvor 3(kontrola)
S2
S6B
- Uravnoteženje čvorova (crtano skupno) → Cremona
A
B
P1
37
4
65
2
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija 2. Metode presjeka
Promatrana rešetka sa zadanim opterećenjem i reaktivnim silama je u ravnoteži. Pri primjeni metoda presjeka izvrši se presijecanje rešetke kroz tri štapa. Promatra se jedan od odsiječenih dijelova uz nadomiještanje odbačenog dijela nepoznatim silama u presiječenim štapovima. Kako je rešetka kao cjelina u ravnoteži, tako u ravnoteži mora biti svaki njen odsječeni dio. Iz 3 uvjeta ravoteže za odsječeni dio određuju se 3 nepoznate sile u presječenim štapovima. 2.1. Analitička metoda (Ritter-ova metoda)
Svodi se na analitičko uravoteženje poznate sile s 3 nepoznate sile na zadanim pravcima. Poznata sila je rezultanta vanjskih sila na odsiječenom dijelu. Kao analitički uvjeti ravnoteže koriste se jednadžbe za sumu momenata svih sila na odabrane Ritter-ove točke.
B A
P1 P 2
R =A+Pl
S8
S9
S10R8
R 9
R10
d 9
d10 d8
t
t
R , R , R - Ritter-ove točke 8 9 10
Ravnoteža lijevog dijela:
M SMd
M SMd
M SMd
RR
RR
RR
88
99
1010
0
0
0
8
0
8
9
0
9
10
0
10
∑
∑
∑
= =
= =
= =
,
,
,
MRi
0 - moment vanjskih sila na
Ritter-ovu točku i
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija 2.2. Grafička metoda (Culmann-ova metoda)
Uravnoteženje poznate sile R s tri nepoznate sile na poznatim pravcima vrši se grafičkim Culmann-ovim postupkom. Iz poligona sila očitaju se grafički dobivene veličine sila.
BA
P1 P2
R =A+Pl
S8
S9
S10
1
3
2
s
c
AP1
P2B
R l O
1
2
3
sS9
S8
S10
c
Očitano: S8 = ... ; S9 = ... ; S10 = ...
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Primjer V- rešetke
P P P P P P
F=0.6 MN
6 x 5.0
4.0
+++0.560.480.19
- 0.56- 0.50- 0.31
-
0.35+
0.24
-
0.24
+
0.12-0.12
+++0.940.560.19
- 1.13- 0.75- 0.38
-
0.35+
0.35
-
0.35
+
0.35-0.35
P=0.1 MN
Primjer N- rešetke
++++
- - -
-1.0
0.28 0.48 0.60 0.64
-0.45
+0.25 -
0.32+
0.15-0.19 0.05
+ -0.06
0.28 0.48 0.60
5.0
8 x 4.0
P P P P P P P P P
++++
- - -
0.360.72 1.08
1.44
-0.58
+0.45 -
0.58+
0.45-0.58 0.45
+ -0.58
5.0
8 x 4.0
P=0.1 MN
F=0.9 MN
0.36 0.72 1.08
0.90+
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.5. Statika linijskih nosača u ravnini
Linijski nosači su konstrukcije koje opterećenja u ravnini prenose putem poprečnih i uzdužnih sila i momenata.
Sheme i nazivi jednostavnijih linijskih nosača:
Prosta greda
Poligonalna greda
Greda s prepustima
Konzola
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.5.1. Izvod diferencijalnih veza između opterećenja i sila presjeka Zadan je element linijskog nosača opterećen raspodijeljenim linijskim silama koji se nalazi u stanju ravnoteže. Ako se na udaljenosti x izdvoji diferencijani element linijskog nosača duljine dx, on mora biti u stanju ravnoteže.
Lokalna os x
Lokalna os y
O
a) Element linijskog nosača b) Izdvojeni diferencijalni element
p(x)
n(x)
Tl
N0
T0
M0p(x)
n(x)dx
x x+dx
Nx
Tx
Mx M +dMx x
N +dNx xT +dTx x
K
Ml Nl
Uvjeti ravnoteže:
)'2(..........Tdx
dM2
dx)x(pdxTdM
0)dMM(2
dx)x(pdxTM,0M.2
)1.().........x(pdx
dTdx)x(pdT
0dx)x(p)dTT(T,0Y.1
xx
2
xx
xx
2
xxK
x
x
xxx
−=
+=−
=+−−−=
=
=
=−++−=
∑
∑
Deriviranjem (2') po x i uvrštavanjem u (1) dobiva se
)3.().........x(ndx
dNdx)x(ndN
0)dNN(dx)x(nN,0X.3
)2.().........x(pdx
Mdodnosno
dxdT
dxMd
x
x
xxx
2x
2
x2x
2
−=
=−
=+++−=
−=
−=
∑
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.5.2. Dijagrami unutrašnjih sila za različite tipove nosača Prosta greda (obična greda) - opterećenje simetričnom koncentriranom silom
P
A B/2l /2l
P
A =P/2y B=P/2
Nx 0
+
-
B
AY
PTx
+
Pl/4
Mx
X A
M A P AP
M B P BP
x
B y y
A
= =
= ⋅ − ⋅ = →
= − ⋅ + ⋅ = → =
=
∑
∑
∑
0 0
0 2 02
0 2 02
,
, /
, /
L
L
L
l l
l l
Poprečno opterećenje - simetrično Nx - simetričan Tx - antisimetričan dTdx
p xdMdx
Tx xx= − =( ),
Mx - simetričan d Mdx
p x2
2 = − ( )
Prosta greda - opterećenje nesimetričnom silom
P
A B
Nx 0
-
+
Ay
BP
Tx
M =l
PabMx
a bl B= P a
lA =yP b.l
+
X AM A P b
AP b
M B P
BP a
x
B y
y
A a
= =
= ⋅ − ⋅
=⋅
= − ⋅ + ⋅
=⋅
=
=
∑∑
∑
0 00 0
0 0
,,
,
L
L
L
l
ll
l
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Prosta greda - opterećenje dvjema silama
P
A Ba
la
APy B=P
Nx 0
-
+
Ay
B
PTx
1
1
PMx
P
c
P
Ay
+
M=P a.
PB0)a(PaPB,0M
PA0)a(PaPA,0M
0A,0X
A
yyB
x
=→=−+⋅+⋅−=
=→=−⋅−⋅=
==
∑∑∑
ll
-ll
Poprečno opterećenje - simetrično Nx - simetričan Tx - antisimetričan Mx - simetričan
Prosta greda - jednoliko raspodijeljeno opterećenje
A B
N x 0
-
+
A y
BT x
M x
l A = y
q
.l q2 B=
.lq2
M =lq 2
8max
+
X A
M A q
Aq
M Bq
x
B y
y
A
= =
= ⋅ − ⋅ ⋅
=⋅
= =⋅
=
∑
∑
∑
0 0
0 0
0
,
,
,
L
L
L
l ll2
l2l
2
Tq
q x q xx =⋅− ⋅ = ⋅ −
⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟l l
22 Tx - antisimetričan
( )Mq
x q xx q x
xx =⋅⋅ − ⋅ ⋅ =
⋅⋅ −
ll
2 2 2 Mx – simetričan
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Desna konzola
PA
lA =2Py
Nx 0
-Ay P
Tx
Mx
P
/2l/2
M=3/2Pl
3P /2l
P /2l-
Broj stupnjeva slobode: s = 3n-L = 3x1-3 = 0
X A
M M P
Y A P
x
A
y
= =
= = ⋅
= = ⋅
∑∑∑
0 0
032
0 2
,
,
,
l
A
Tx 0
-M x
lMM
Nx 0
M M
Lijeva konzola
l
N x 0
Ay
T x
M x
A=ql
M=q/2
l2p(x)=q
ql 2
8ql2
2
M = x -qx
2
2
-
+
l
A
A y =ql/
M=1/8 l 2 p(x)=
l /2 /2
N 0x
Tx
Mxq l 2
8
-
q l 2
l
A
A y =ql/
M=3/8 l 2 p(x)=
l /2 /2
N 0x
A y T + x
2ql
Mx8
q l 2
-3
8
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Greda s prepustima
A B
Nx 0
Tx
Mx
lAy
q
B
.lq2
lq 2
8
+
-
++-
q a.
q a2
8 q a2
2
lq 2
8- q a2
2
- -
( )
( )
M
A q
Aq
B
B
y
y
=
⋅ − ⋅ ⋅ =
=⋅
=
∑ 0
0l l +l2
l +2
2a
2a
Tx - antisimetričan Mx - simetričan
Poligonalna greda
P
A B/2l /2l
P
A =B=VP2
A =0H
P2
P2
px
Simetrično
1
Ravnoteža čvora 1
N =0D
N =TL D
DTLT =0
P
Nx
-
+P
Tx
4Pl
Mx
- Tlak
Simetrično
- -
P2
P2
Antisim.
+
Simetrično
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Poligonalna greda H
A =H
/2l /2l
A =B=VH hl
Nx
B
H
AV
h
-
B
+
H
AV
+
- Tlak
Tx
B
-
H
AV +
HhMx
P
a a
Nx
Tx
M x
P
bc cP P
-
-
+
+
+
PT
N
- -
Ravnoteža
N
TM N
T
M1
1
1
2
2
2
ΣX=0ΣY=0ΣM=0
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
A
Nx
+
Mx
l
Ayw
B
h=2l
A
A
y
x
B
W=w h.
W l.
W l.
++
Tx
-
+
W
W
W
A =A =B=Wx y
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Poligonalni kosi gredni nosači
A
B
Koriste se kod stubiša, krovnih konstrukcija, hala, ... Unutrašnje sile: moment savijanja, poprečna sila, uzdužna sila.
h
q
q
B
Al
Q
AA
A
BB B
T
N
TN
V
V
V
V
VV
N
T
+
+
q /8l 2
NX
TX
MX
α
α
αα
1/2 q sinl α
1/2 q sinl α
1/2 q cosl α
1/2 q cosl α
α=
α=
=
sinqQ
cosqQ
N
T
l
l
l
α=
α=
=
sin2qA
cos2qA
2qA
NV
TV
V
l
l
l
α=
α=
=
sin2qB
cos2qB
2qB
NV
TV
V
l
l
l
8qM
sin2
qN
cos2
qT
2
max
A
A
l
l
l
⋅=
α⋅
−=
α⋅
−=
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.6. Statika linijskih nosača u prostoru
Opterećenje konstrukcije: zadaje se kao koncentrirano i raspodijeljeno Reakcije: Kod statički određenih prostornih nosača reakcije u osloncima određuju se iz uvjeta ravnoteže za prostorni skup sila:
0F,0F,0F ZYX === ∑∑∑
0M,0M,0M ZYX === ∑∑∑ Unutrašnje sile u presjeku: - mogu se predstaviti vektorima diname F i M - svaki od vektora diname može se rastaviti na po tri komponente u smjeru osi
lokalnog koordinatnog sustava zyxzyx M,M,M,T,T,N
xN - uzdužna ili normalna sila yT - poprečna sila u ravnini xy ili transverzalna sila
zT - poprečna sila u ravnini xz ili binormalna sila xM - moment uvrtanja ili moment torzije yM - moment savijanja u ravnini xz
zM - moment savijanja u ravnini xy
Crtež. Prikaz unutrašnjih sila u presjeku štapa
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija Uzdužna sila jednaka je zbroju projekcija u smjer normale presjeka svih sila s jedne ili druge strane presjeka.
xN
Poprečna sila jednaka je zbroju projekcija u smjer tangente presjeka svih sila s jedne ili druge strane presjeka.
yT
Poprečna sila jednaka je zbroju projekcija u smjer binormale presjeka svih sila s jedne ili druge strane presjeka.
zT
Moment uvrtanja jednak je zbroju projekcija u smjer normale presjeka svih momenata s jedne ili druge strane presjeka.
xM
Moment savijanja jednak je zbroju projekcija u smjer tangente presjeka svih momenata s jedne ili druge strane presjeka.
yM
Moment savijanja jednak je zbroju projekcija u smjer binormale presjeka svih momenata s jedne ili druge strane presjeka.
zM
Pozitivni smjerovi unutrašnjih sila
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.7. Lančanica i lančani poligon
Primjena užadi i lanaca - viseći mostovi, žičare, električni i telefonski vodovi. Opterećenje užeta (vlastita težina + dopunsko opterećenje): - raspodijeljeno opterećenje - koncentrirane sile
Osnovni postupci analize: - proračun užeta kao lančanica - proračun užeta kao lančani poligon
Unutrašnje sile u presjeku: - moment savijanja i poprečna sila se ne mogu preuzeti (vrlo mala krutost užeta na
savijanje) - postoji samo uzdužna vlačna sila 6.7.1. Lančanica Uže duljine L, ovješeno o nepomične točke A i B, opterećeno vertikalnim raspodijeljenim opterećenjem po cijeloj dužini će zauzeti ravnotežni položaj takav da oblikuje krivulju koju zovemo lančanica.
AAx
Ay
l
hBx
By
f B
Geometrijski promjenjiv sustav.
Mx = Tx = 0
Analizom uvjeta ravnoteže ne mogu se odrediti reakcije jer možemo postaviti 3 jednadžbe za 4 nepoznate sile. Ravnoteža se ne može uspostaviti bez analize unutrašnjih sila i geometrijskog položaja pa se analiza lančanice ne ubraja u standardne statički određene probleme.
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Analiza uvjeta ravnoteže:
y
x
x dx
y
dyds
qx dQ =q dxxxSx
S +dSxxds
dxx
αx
αx+dαx
N
y
dy
Ravnoteža diferencijalnog elementa:
( ) ( )F S S dS dx x x x x x x= − + + + =∑ cos cosα α 0α (1) ( ) ( )F S q x S dS dy x x x x x x= − − + +∑ sin ( )dx sinα α 0=α (2)
M S dy S dx q xdx
N x x x x= − + − =∑ cos sin ( )α α2
20
(3)
cos , sind dα α≅1 ≅ 0
=
dSx xcosα = 0 (4) − −q x dSx x( )dx sinα 0 (5) − + =S dy S dxx x x xcos sinα α 0 (6)
Integracijom (4) slijedi:
S constx xcos .α = S Hx xcosα = (7)
Integracijom (5) slijedi:
S qx xx
x
sin ( )α0
0= −∫ x dx
dx
S S q xx x
x
sin sin ( )α α= − ∫0 00 (8)
Iz (6) slijedi:
tgdydxx
xα = (9)
Dijeljenjem jednadžbe (8) sa (7) dobije se:
SS
SS H
q x dx H Sx x
x x
xsincos
sincos
( ) , cosαα
αα
α= − =∫0 0
0 0 00 0
1
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
a nakon uvrštenja relacije (9) slijedi:
dydx
CH
q x dx C tgxx
= − = =∫10
10
00
1( ) ,
sincos
αα
α
(10)
Integriranjem prethodne jednadžbe slijedi:
y C xH
q x dx dxxx
xx
0 100
1= − ∫∫( ( ) )
y y C xH
q x dx dxx
xx
= + − ∫∫0 100
1( ( ) )
(11)
→ JEDNADŽBA LANČANICE U INTEGRALNOM OBLIKU
Deriviranjem jednadžbe (10) slijedi d ydx
q xH
x2
2 = −( )
(12)
→ JEDNADŽBA LANČANICE U DIFERENCIJALNOM OBLIKU
Ako je zadano opterećenje q(x), ne može se odrediti linija lančanice yx iz (11) ili (12) jer su nepoznate 3 konstante y0 , C1 i H.
Iz 2 poznata uvjeta, y(0) i y(l), mogu se odrediti 2 konstante, dok je za treću potreban dodatni uvjet.
Dodatni uvjet može biti zadan kao C1, H, ali ga je najprirodnije zadati duljinom lančanice L:
L dsdydx
dx= = +⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟∫ ∫
0
2
01
l l
Za dydx
se uvrsti (10).
Analitičko rješenje u zatvorenom obliku moguće je u ograničenom broju slučajeva.
Približno integriranje uz pomoć razvoja u red:
1 12 8 16
5128
351280
22 3
4 5+ = + − + − + +xx x x
x x L
Red dobro konvergira za x≤1, tj. dydx
ilidydx
⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟ ≤ ≤
2
1 1
Podjela lančanica: fl≤ 0 20.
težina se može zadati po jedinici horizontalne duljine rješenje je parabolična lančanica
fl≥ 0 20.
težina se mora zadati po dužini luka rješenje je hiperbolična lančanica
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Parabolična lančanica
Neka je q(x)=p=const., iz (11) → y y C xp x
Hx = + −0 1
2
2
Rubni uvjeti: 1. za x=0, y0=0 2. za x=l, yl =h
h
pC
h p= − + → = +
ll
ll2
12HC
2H1
→ yh
xpH
x x= + −l
l2
2( )
dydx
h pH
x= + −l
l( )
2
Dodatni uvjet - duljina lančanice L
L dx
pH
x dxpH
h=
⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟ ≅
⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟
⎡
⎣⎢
⎤
⎦⎥ ≅ + −
⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟
⎡
⎣⎢
⎤
⎦⎥ ≅ + +∫ ∫ ∫1+
dydx
1+12
dydx
1+12
h24
32
0
2
0
2
0
2
2
2
2
l l l
ll2
ll
l( )
→ H p=⎛
⎝⎜
⎞
⎠⎟
ll
l -24 L -h2L
2
Jednadžba lančanice:
yh
x
Lh
L
x x= +
− −⎛
⎝⎜
⎞
⎠⎟
−l
ll
l
l1
224
2
2
( )
kvadratna parabola
Uzdužna sila:
S
HH tg H
dydxx
xx= = + = +
cosαα1 1
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
Hiperbolična lančanica Opterećenje je raspodijeljeno po duljini luka lančanice: ps=p(s).
Za ps=p=const.,
p x dx pdL p x pdLdx
( ) ( )= − → = −
Diferencijalna jednadžba:
2
2
22
2
2
dxdy1
Hp
dxyd,dx
dxdy1dL,
dxdL
Hp
dxyd
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛+=⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛+==
Jednadžba hiperbolične lančanice:
y
Hp
chpH
x C C= −( )1 2+
Za ishodište u najnižoj točki lančanice:
y
Hp
chpH
x C= + 2
Ako se ishodište udalji za -H/p tada je:
y
Hp
chpH
x=
Duljina luka:
dLdydx
dxpH
chpH
x
L dLHp
shpH
x shpH
xx
x
A BA
B
= +⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟ =
= = +⎛⎝⎜ ⎞
⎠⎟∫
12
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija
6.7.2. Lančani poligon Lančani poligon je ravnotežni položaj užeta opterećenog s koncentriranim silama u odnosu na koje je vlastita težina vrlo mala. Oblik lančanog poligona ovisi o: - dužini užeta - položaju krajeva A i B - veličini, položaju i smjeru djelovanja aktivnog opterećenja.
A
l
B
si
s1 α1αi αn
αn+1P1 PnPi
h
Lančani poligon je materijalni model verižnog poligona.
AB
S1
P3P2
P1
S1
S2 S2 S3 S3
S4
S4
S1
S2
S3
S4
P1
P2
P3
H
Uvjeti ravnoteže:
U svakom čvoru 2 uvjeta ravnoteže:
(1) FXi=∑ 0
U čvoru ″i″ S Si i i icos cosα α− =+ +1 1 0 U čvoru ″i+1″ S Si i i i+ + + +− =1 1 2 2 0cos cosα α Zbrajanjem se dobiva S Si i i icos cosα α− =+ +2 2 0
odakle je
H S S S consti i i i i i= = = =+ + + +cos cos cos .α α α1 1 2 2
Mehanika I 6. Statika linijskih konstrukcija (2) FYi
=∑ 0
U čvoru ″i″ P S Si i i i i− + =+ +sin sinα α1 1 0
odakle je ( ) (H )
Nepoznanice su ki (ima ih n+1) i H, ukupno (n+2) nepoznanica. Za rješenje zadatka potrebne su dvije dodatne jednadžbe: (1) Zbroj projekcija stranica si na horizontalnu os mora biti jednak ″l ″.
s sn n1 1 1 1cos cosα α+ + =+ +L l
(2) Zbroj projekcija stranica si na vertikalnu os mora biti jednak ″h″.
s sn n1 1 1 1sin sinα α+ + =+ +L h
cos , sinα αi
ii
i
ikk
k=
+=
+
11 12 2
Cjelokupni sustav jednadžbi:
(1) ( )H k k P1 2− = 1
2 (2) ( )H k k P2 3− =
M
(n) si - zadano ( )H k k Pn n n− =+1
sk
skn
n
1
12
1
121 1+
+ ++
=+
+
L l (n+1)
k sk
k sk
hn n
n
1 1
12
1 1
121 1+
+ ++
=+ +
+
L
(n+2) Sustav je nelinearan i može se riješti samo iterativno.
P H= t iα − t iα = − =k k k t i α → , n jednadž̀bi +i i i+1 1 i