Pembahasan Soal OSN Guru 2012 - bimbelprivatsurabaya.combimbelprivatsurabaya.com/.../12/Pembahasan-Soal-OSN-Guru-Matematika... · Halaman 3 dari 26 Pembahasan Soal Olimpiade Guru

ocsz

Pembahasan Soal

OSN Guru 2012 OLIMPIADE SAINS NASIONAL KHUSUS GURU MATEMATIKA SMA

OSN Guru Matematika SMA (Olimpiade Sains Nasional)

Disusun oleh:

Pak Anang

Halaman 2 dari 26

Pembahasan Soal Olimpiade Guru Matematika SMA 2012 by http://pak-anang.blogspot.com

PEMBAHASAN SOAL

OLIMPIADE GURU MATEMATIKA SMA

TINGKAT PROPINSI TANGGAL 7 JUNI 2012

By Pak Anang (http://pak-anang.blogspot.com)

1. Pak Tamrin sedang membuat rencana pembelajaran Matematika kelas X materi aturan

sinus. Agar siswa lebih memahami untuk apa belajar aturan sinus, Pak Tamrin akan

memanfaatkan materi sebelumnya yang dapat mengantarkan ke pembelajaran aturan sinus.

Permasalahan apa dalam materi prasyarat yang dapat mengantarkan pemahaman pada

materi aturan sinus tersebut?

Pembahasan:

Materi prasyarat:

(1) Siswa mampu menghitung operasi bilangan real.

(2) Siswa mampu menunjukkan garis tinggi segitiga.

(3) Siswa mampu memahami definisi perbandingan trigonometri sinus

Pada aturan sinus, siswa harus bisa mendefinisikan garis tinggi segitiga dari salah satu sisi

segitiga dengan melihat pengertian sinus pada materi pembelajaran sebelumnya.

Sebagai contoh perhatikan segitiga ABC di bawah:

Dengan melihat garis tinggi AD, dimana AD bisa didefinisikan menggunakan sinus sudut A

maupun sinus sudut B, siswa akan dapat menemukan pemahaman rumus aturan sinus.

Garis tinggi CD bisa dinyatakan sebagai perbandingan sinus dari sudut A dan B:

sin𝐴 =𝐶𝐷

𝑏⇒ 𝐶𝐷 = 𝑏 sin𝐴

sin𝐵 =𝐶𝐷

𝑎⇒ 𝐶𝐷 = 𝑎 sin𝐵

Jadi, dari persamaan 𝑎 sin𝐵 = 𝑏 sin𝐴 akan diperoleh persamaan aturan sinus 𝑎

sin𝐴=

𝑏

sin𝐵

Dari dua nilai 𝐶𝐷 tersebut, siswa diberi pemahaman bahwa nilai CD dapat dihubungkan

menjadi aturan sinus apabila ada salah satu dari variabel yang mempengaruhi nilai CD

tersebut tidak diketahui.

A B

C

D

a b

http://pak-anang.blogspot.com/


Halaman 3 dari 26


2. Untuk mencapai tujuan pembelajaran “Siswa dapat menentukan sisa pembagian suku

banyak f(x) dengan suku banyak berbentuk (x – a), Pak Soleh memilih lintasan belajar

sebagai berikut:

(1) Mengingatkan kembali pembagian suku banyak f(x) dengan suku banyak g(x) yang

dapat ditulis dalam bentuk f(x) = g(x).H(x) + S(x) dengan H(x) hasil bagi dan S(x) sisa

pembagian.

(2) Memandang g(x) = x – a sehingga f(x) = (x – a)H(x) + S(x)

(3) Menentukan S(x) dengan memandang f(x) berlaku untuk semua x, termasuk x = a.

Pendekatan yang dipilih oleh Pak Soleh untuk mencapai tujuan pembelajaran dengan

lintasan belajar seperti itu disebut pendekatan …

Pembahasan:

Pendekatan deduktif adalah cara yang dilakukan oleh guru di dalam mencapai tujuan

pembelajaran dengan menggunakan aturan yang sudah dijamin kebenarannya.

Proses pendekatan deduktif secara matematika dapat dirumuskan sebagai berikut:

Aturan : 𝑝 ⇒ 𝑞

Fakta yang dimiliki : 𝑝

Kesimpulan 𝑞

Dari lintasan belajar yang dilakukan, fakta yang dihadapi yang sudah diketahui siswa adalah

𝑓(𝑥) = (𝑥 − 𝑎) ∙ 𝐻(𝑥) + 𝑆(𝑥)

Dengan mengunakan aturan bahwa:

𝑓(𝑎) = (𝑎 − 𝑎) ∙ 𝐻(𝑎) + 𝑆(𝑎) ⇒ 𝑆(𝑎) = 𝑓(𝑎)

Sehingga akan diperoleh kesimpulan bahwa:

𝑆(𝑎) = 𝑓(𝑎)

Dengan demikian lintasan belajar seperti itu menggunakan pendekatan deduktif.


Halaman 4 dari 26


3. Seorang guru matematika kelas X sedang merencanakan pembelajaran materi aturan

cosinus. Agar siswa memahami pentingnya materi aturan cosinus ini, guru itu memikirkan

bagaimana lintasan belajarnya. Tuliskan lintasan belajar (urutan proses pembelajaran)

sebelum menurunkan aturan cosines tersebut!

Pembahasan: Lintasan belajar menurunkan rumus aturan kosinus: (1) Mengingatkan kembali bahwa pada segitiga sembarang juga berlaku perbandingan

trigonometri serta aturan Pythagoras dengan cara menarik garis tinggi segitiga. Dan mengingatkan juga bahwa garis tinggi segitiga tersebut membagi segitiga menjadi dua segitiga siku-siku.

(2) Memandang salah satu segitiga siku-siku dan menyatakan aturan Pythagoras yang berlaku. 𝑎2 = 𝐶𝐷2 + 𝐵𝐷2

(3) Menyatakan perbandingan sinus dan kosinus pada segitiga siku-siku yang lain.

sin𝐴 =𝐶𝐷

𝑏⇒ 𝐶𝐷 = 𝑏 sin𝐴

cos𝐴 =𝐴𝐷

𝑏⇒ 𝐴𝐷 = 𝑏 cos𝐴

(4) Menghubungkan aturan Pythagoras dan perbandingan trigonometri yang telah

didapatkan, sehingga didapatkan persamaan untuk menurunkan rumus aturan kosinus. 𝑎2 = 𝐶𝐷2 + (𝑐 − 𝐴𝐷)2

(5) Menurunkan rumus yang telah didapatkan, dengan mengingatkan kembali tentang perkalian faktor (𝑥 − 𝑦)2 dan identitas trigonometri (sin2 𝑥 + cos2 𝑥 = 1).

(6) Menemukan aturan cosinus:

𝑎2 = 𝑏2 + 𝑐2 − 2𝑏𝑐 cos𝐴

(7) Melakukan analisis yang sama untuk menemukan aturan cosinus yang lain: 𝑏2 = 𝑎2 + 𝑐2 − 2𝑎𝑐 cos𝐵 𝑐2 = 𝑎2 + 𝑏2 − 2𝑎𝑏 cos𝐶

A B

C

𝑐

𝑏 𝑎

B A

C

𝑎 𝑏

𝑐 D

D


Halaman 5 dari 26


4. Pak Hidayat akan mengukur kemampuan dalam mengukur jarak dari titik C ke bidang BPD

dalam ruang dimensi tiga seperti di bawah ini

Oleh karena penilaian dilakukan sambil Pak Hidayat membimbing siswa dalam

menyelesaikan masalah yang terkait dengan konsep itu ia perlu mengetahui standar

penilaian yang praktis dan sederhana. Standar penilaian tersebut berupa kemampuan-

kemampuan dalam menerapkan prosedur penentuan jarak titik ke bidang. Apa yang

menjadi kemampuan kunci (penentu kebenaran secara keseluruhan) dalam menentukan

jarak tersebut?

Pembahasan: Konsep mencari jarak titik C ke bidang BPD: Buat garis ℊ pada bidang yang melalui C dan tegak lurus bidang BPD. Jika titik tembus garis ℊ pada bidang BPD adalah Q, maka jarak C ke bidang BPD adalah CQ. Langkah-langkahnya: Memperluas bidang BPD dengan melukis perpanjangan garis DP dan perpanjangan garis CH hingga berpotongan di titik R. Serta menarik garis dari titik B ke R. Didapatkan bidang DBR. Melukis garis pada bidang ABCD yang melewati C dan memotong tegak lurus BD di titik S. Menghitung panjang CS, CR dan SR. Melukis segitiga CSR dengan titik Q berada di SR sedemikian sehingga CQ tegak lurus dengan SR. Menghitung CQ menggunakan perbandingan atau aturan cosinus. Jadi, dengan melihat uraian di atas maka yang menjadi kemampuan kunci dalam menentukan jarak dari titik C ke bidang BDP adalah kemampuan menentukan titik S sebagai proyeksi dari titik C ke garis BD. Jika penentukan titik S ini salah, maka proses selanjutnya dipastikan akan salah.

F

P

A B

C

E

G H

D

F

P

D

A B

C

E

G H

Q

R

S


Halaman 6 dari 26


5. Tranformasi mempunyai banyak jenis sehingga guru perlu menyederhakan proses

pembelajaran. Tuliskan dengan singkat dan jelas proses pembelajaran tersebut!

Pembahasan:

1. Mengingatkan tentang persamaan garis.

2. Memberi stimulus tentang empat jenis transformasi, translasi (pergeseran), refleksi

(pencerminan), rotasi (perputaran), dan dilatasi (perkalian).

3. Menegaskan bahwa translasi adalah pergeseran yang berkaitan dengan vektor, jadi

matriks translasinya hanya matriks baris dan arah pergeseran mengikuti aturan sumbu

kartesius.

4. Menegaskan bahwa refleksi adalah pencerminan terhadap sebuah garis tertentu yang

bertindak sebagai sumbu simetri, sambil menanamkan kembali sifat bayangan

pencerminan dan aturan sumbu kartesius.

5. Menegaskan bahwa rotasi adalah perputaran terhadap sebuah titik pusat sebesar sudut

putar dan dipengaruhi oleh arah putar, sambil menanamkan kembali sifat-sifat

penjumlahan sudut trigonometri.

6. Menegaskan bahwa rotasi adalah perbesaran/pengecilan (perkalian) suatu bangun

tanpa mengubah bentuk bangun geometri tersebut yang ditentukan oleh pusat dilatasi

dan faktor skala dilatasi.

7. Mengingatkan bahwa transformasi juga bisa dinyatakan ke dalam sebuah matriks

transformasi, sambil menanamkan kembali sifat fungsi invers matriks.

8. Menegaskan bahwa untuk menemukan persamaan bayangan hasil transformasi harus

melalui proses invers terlebih dahulu.

9. Mengingatkan kembali bahwa transformasi berurutan bisa dinyatakan ke dalam

komposisi transformasi, sambil menanamkan kembali sifat komposisi fungsi.

10. Menyimpulkan bentuk-bentuk matriks transformasi terhadap jenis transformasi,

sehingga peserta didik bisa menentukan strategi belajar sendiri untuk memperkuat

konsep transformasi bidang dan transformasi terhadap kurva.


Halaman 7 dari 26


6. Pada suatu tes salah satu soalnya adalah sebagai berikut:

Skor total untuk jawaban tersebut adalah 3. Berdasarkan soal di atas tuliskan pedoman penskorannya! Pembahasan: Pedoman penskoran: 1. Menentukan sudut A (1 poin) 2. Menuliskan rumus aturan sinus (1 poin) 3. Menyelesaikan perhitungan aturan sinus (1 poin)

Total skor maksimal: 3 poin. Pedoman penskoran:

𝑁𝑖𝑙𝑎𝑖 =𝑆𝑘𝑜𝑟 𝑦𝑎𝑛𝑔 𝑑𝑖𝑝𝑒𝑟𝑜𝑙𝑒ℎ

𝑆𝑘𝑜𝑟 𝑚𝑎𝑘𝑠𝑖𝑚𝑎𝑙× 3

20 cm

30 cm

C

B A

β


Halaman 8 dari 26


7. Seorang siswa SMA kebingungan ketika menentukan nilai komposisi fungsi (g o f)(0). f dan

g adalah fungsi bernilai real dengan f(x) = √𝑥 − 1 dan g(x) = x2. Ketika dikerjakan melalui

(g o f)(x) = x – 1 diperoleh nilai (g o f)(0) = -1. Apabila dikerjakan melalui proses g(f(0))

diperoleh nilai f(0) = √−1 yang tidak mungkin ada. Konsep apa yang belum dipahami oleh

siswa tersebut?

Pembahasan:

Konsep pengertian fungsi, domain (daerah asal fungsi) dan range (daerah hasil) pada fungsi

dan komposisi fungsi.

Nilai 𝑥 = 0 mengakibatkan 𝑓(0) tidak terdefinisi yang akan menyebabkan komposisi tidak

terdefinisi untuk nilai 𝑥 = 0.

Jika 𝑅𝑓 menyatakan daerah hasil fungsi 𝑓, dan 𝐷𝑔 menyatakan daerah asal fungsi 𝑔, maka

fungsi 𝑓 dan fungsi 𝑔 dapat dikomposisikan menjadi komposisi fungsi (𝑔 ∘ 𝑓)(𝑥), jika 𝑅𝑓 ∩

𝐷𝑔 ≠ ∅.

Misalnya, daerah asal yang diperbolehkan untuk fungsi pecahan, maka nilai penyebut tidak

boleh nol. Sementara untuk fungsi akar, nilai di dalam akar harus lebih besar dari nol.


Halaman 9 dari 26


8. Seorang guru SMA sedang melakukan proses pembelajaran materi persamaan matriks AX =

B. Tujuan pembelajaran yang diharapkan adalah mampu menentukan matriks X. Apa cara

yang paling tepat yang ia lakukan untuk gagasan memperoleh matriks itu telah dikuasai

siswa apa belum?

Pembahasan:

Memberikan pertanyaan diskusi tentang menyajikan sistem persamaan linear dalam bentuk

matriks dan menyelesaikannya nilai variabel pada sistem persamaan linear menggunakan

persamaan matriks AX = B atau XA = B.


Halaman 10 dari 26


9. Jumlah akar-akar persamaan 2𝑥8 + 3𝑥6 − 16𝑥4 + 3𝑥2 + 2 = 0 adalah ....

Pembahasan:

Dengan menggunakan teorema Vieta:

𝑎𝑛𝑥𝑛 + 𝑎𝑛−1𝑥

𝑛−1 + 𝑎𝑛−2𝑥𝑛−2 + … + 𝑎1𝑥 + 𝑎0 = 0

Maka jumlah akar-akarnya adalah:

𝑥1 + 𝑥2 + 𝑥3 + … + 𝑥𝑛 = −𝑎𝑛−1𝑎𝑛

= −0

2= 0


Halaman 11 dari 26


10. Fungsi 𝑓 memenuhi 𝑦𝑓(𝑥𝑦) = 𝑓(𝑥) untuk semua bilangan real 𝑥 dan 𝑦. Bila 𝑓(4) = 1006

maka (2012) = ....

Pembahasan:

1 ∙ 𝑓(4 ∙ 1) = 1006

503 ∙ 𝑓(4 ∙ 503) = 1006

𝑓(2012) =1006

503𝑓(2012) = 2


Halaman 12 dari 26


11. Nilai dari

2013

1+2013

1 + 2+

2013

1 + 2 + 3+

2013

1 + 2 + 3 + 4+ …+

2013

1 + 2 +⋯+ 2012

adalah ....

Pembahasan: 2013

1+2013

1 + 2+

2013

1 + 2 + 3+

2013

1 + 2 + 3 + 4+ …+

2013

1 + 2 +⋯+ 2012

⇔ ∑2013𝑛(𝑛+1)

2

2012

𝑛=1

⇔ ∑4026

𝑛(𝑛 + 1)

2012

𝑛=1

⇔ ∑𝐴

𝑛+

𝐵

(𝑛 + 1)

2012

𝑛=1

4026 = 𝐴(𝑛 + 1) + 𝐵(𝑛)

Untuk 𝑛 = 0, didapatkan 𝐴 = 4026.

Untuk 𝑛 = −1 didapatkan 𝐵 = −4026

⇔ ∑4026

𝑛−4026

(𝑛 + 1)

2012

𝑛=1

Dengan memasukkan nilai indeks 𝑛 didapatkan sebuah persamaan yang saling mencoret

satu sama lain, yaitu:

⇔ (4026

1−4026

2) + (

4026

2−4026

3) + (

4026

3−4026

4) + ……… + (

4026

2012−4026

2013)

⇔ 4026 − 2

⇔ 4024


Halaman 13 dari 26


12. Kedua akar persamaan 𝑥2 − 63𝑥 + 𝑘 = 0 adalah bilangan prima. Banyaknya nilai 𝑘 yang

mungkin adalah ....

Pembahasan:

𝑥2 − 63𝑥 + 𝑘 = 0

Misalkan kedua akar persamaan tersebut adalah 𝑎 dan 𝑏 dan 𝑎 < 𝑏.

Akan diperoleh:

𝑎 + 𝑏 = 63 dan 𝑎𝑏 = 𝑘

Karena 𝑎 + 𝑏 adalah bilangan ganjil maka salah satu dari 𝑎 atau 𝑏 adalah bilangan ganjil dan

yang lain adalah bilangan genap.

Tidak mungkin keduanya ganjil atau keduanya genap.

Satu-satunya bilangan prima genap adalah 2. Jadi salah satu dari 𝑎 atau 𝑏 adalah 2.

Misalkan 𝑎 = 2, maka 𝑏 = 61.

𝑘 = 𝑎𝑏 = (2)(61) = 122.


Halaman 14 dari 26


13. Keliling suatu segitiga adalah 10 cm. Jika panjang sisi adalah bilangan bulat maka luas

paling besar yang mungkin adalah .... cm2.

Pembahasan:

Keliling suatu segitiga maksimum jika segitiga tersebut berbentuk segitiga sama sisi.

Karena panjang sisi harus bilangan bulat, maka jika keliling segitiga 10 cm. maka

kemungkinan sisi-sisi segitiga yang mengakibatkan luasnya paling besar adalah: 3, 3, dan 4.

Dengan menggunakan teorema Heron untuk menghitung luas segitiga:

𝐿 = √𝑠(𝑠 − 𝑎)(𝑠 − 𝑏)(𝑠 − 𝑐)

Dimana 𝑠 =1

2𝑘𝑒𝑙𝑖𝑙𝑖𝑛𝑔 =

1

2(𝑎 + 𝑏 + 𝑐)

𝑠 =1

2𝑘𝑒𝑙𝑖𝑙𝑖𝑛𝑔 =

1

2× 10 = 5

𝐿 = √𝑠(𝑠 − 𝑎)(𝑠 − 𝑏)(𝑠 − 𝑐) = √5 ∙ 2 ∙ 2 ∙ 1 = 2√5 cm2


Halaman 15 dari 26


14. tan 𝑥 + tan(90° − 𝑥) = 6. Nilai cos 2𝑥 yang mungkin adalah ....

Pembahasan: tan 𝑥 + tan(90° − 𝑥) = 6

⇔ tan𝑥 + cot 𝑥 = 6

⇔sin 𝑥

cos 𝑥+cos 𝑥

sin𝑥= 6

⇔sin2 𝑥 + cos2 𝑥

sin𝑥 cos 𝑥= 6

⇔1

12sin 2𝑥

= 6

⇔ sin 2𝑥 =1

3

sin2 2𝑥 + cos2 2𝑥 = 1

⇔ cos 2𝑥 = √1 − sin2 2𝑥

⇔ cos 2𝑥 = √1 −1

9

⇔ cos 2𝑥 = √8

9

⇔ cos 2𝑥 = ±2

3√2


Halaman 16 dari 26


15. Garis 3𝑥 + 4𝑦 = 12 memotong ellips 9𝑥2 + 16𝑦2 = 144 di titik A dan B. Terdapat titik P

pada ellips sehingga luas segitiga PAB adalah 3 satuan luas. Titik P semacam itu sebanyak ....

Pembahasan:

3𝑥 + 4𝑦 = 12 ⇒ 𝑦 = 3 −3

4𝑥

Substitusi 𝑦 = 3 −3

4𝑥 ke persamaan

elips:

9𝑥2 + 16𝑦2 = 144

⇔ 9𝑥2 + 16(3 −3

4𝑥)2

= 144

⇔ 9𝑥2 + 16 (9 −9

2𝑥 +

9

16𝑥2) = 144

⇔ 9𝑥2 + 144 − 72𝑥 + 9𝑥2 = 144⇔ 18𝑥2 − 72𝑥 = 0⇔ 18𝑥 (𝑥 − 4) = 0

𝑝𝑒𝑚𝑏𝑢𝑎𝑡 𝑛𝑜𝑙 ⇔ 𝑥 = 0 𝑎𝑡𝑎𝑢 𝑥 = 4

Untuk 𝑥 = 0 ⇒ 𝑦 = 3

Untuk 𝑥 = 4 ⇒ 𝑦 = 0

𝐿 𝑠𝑒𝑔𝑖𝑡𝑖𝑔𝑎 = 3

1

2 ||4 00 3

| + |0 3𝑥 𝑦

| + |𝑥 𝑦4 0

|| = 3

1

2|12 + 3𝑥 + 4𝑦| = 3

12 + 3𝑥 + 4𝑥 = −63𝑥 + 4𝑦 = −6

Perpotongan garis 3𝑥 + 4𝑦 = −6

dengan elips adalah letak titik P.

3𝑥 + 4𝑦 = −6 ⇒ 𝑦 = −2 −3

4𝑥

Substitusi 𝑦 = 3 −3

4𝑥 ke persamaan

elips:

9𝑥2 + 16𝑦2 = 144

⇔ 9𝑥2 + 16(−2 −3

4𝑥)2

= 144

⇔ 9𝑥2 + 16 (4 + 3𝑥 +9

16𝑥2) = 144

⇔ 9𝑥2 + 64 + 48𝑥 + 9𝑥2 = 144⇔ 18𝑥2 + 48𝑥 − 80 = 0⇔ 9𝑥2 + 24𝑥 − 40 = 0

Cek diskriminan persamaan kuadrat

tersebut:

𝐷 = (24)2 − 4(9)(−40) = 2016

Jadi persamaan kuadrat tersebut

memiliki dua akar berbeda.

Sehingga titik P pada elips ada 2.


Halaman 17 dari 26


16. Misalkan a > 0, A = {(x, y)l y ≤x3, y ≥0, 0 ≤ x ≤ a}, dan B = {(x, y)l y ≤x3, y ≥0, 0 ≤ x ≤ 1},

Nilai a yang mungkin agar luas daerah B empat kali luas daerah A adalah ....

Pembahasan:

𝐿𝑢𝑎𝑠 𝐵 = ∫ 𝑥3 𝑑𝑥1

0

𝐿𝑢𝑎𝑠 𝐴 = ∫ 𝑥3 𝑑𝑥𝑎

0

Nilai a yang mungkin agar luas daerah B empat kali luas daerah A:

𝐿𝑢𝑎𝑠 𝐵 = 4 𝐿𝑢𝑎𝑠 𝐴

∫ 𝑥3 𝑑𝑥1

0

= 4∫ 𝑥3 𝑑𝑥𝑎

0

[1

4𝑥4]

0

1

= 4 [1

4𝑥4]

0

𝑎

1

4= 𝑎4

⇔ 𝑎 = √1

4

4

= √1

2=1

2√2


Halaman 18 dari 26


17. Himpunan solusi dari |𝑥|3 − 7𝑥2 + 7|𝑥| + 15 < 0 adalah ....

Pembahasan:

|𝑥|3 − 7𝑥2 + 7|𝑥| + 15 < 0 {𝑥3 − 7𝑥2 + 7𝑥 + 15 < 0, untuk 𝑥 ≥ 0

(−𝑥)3 − 7𝑥2 − 7𝑥 + 15 < 0, untuk 𝑥 < 0

𝑥3 − 7𝑥2 + 7𝑥 + 15 < 0⇔ (𝑥 + 1)(𝑥 − 3)(𝑥 − 5) < 0𝑝𝑒𝑚𝑏𝑢𝑎𝑡 𝑛𝑜𝑙

⇔ 𝑥 = −1 𝑎𝑡𝑎𝑢 𝑥 = 3 𝑎𝑡𝑎𝑢 𝑥 = 5

𝐻𝑃 = {𝑥|𝑥 < −1 𝑎𝑡𝑎𝑢 3 < 𝑥 < 5}

−𝑥3 − 7𝑥2 − 7𝑥 + 15 < 0𝑥3 + 7𝑥2 + 7𝑥 − 15 > 0

⇔ (𝑥 − 1)(𝑥 + 3)(𝑥 + 5) > 0𝑝𝑒𝑚𝑏𝑢𝑎𝑡 𝑛𝑜𝑙

⇔ 𝑥 = 1 𝑎𝑡𝑎𝑢 𝑥 = −3 𝑎𝑡𝑎𝑢 𝑥 = −5

𝐻𝑃 = {𝑥| − 5 < 𝑥 < −3 𝑎𝑡𝑎𝑢 𝑥 > 1}

Jadi daerah penyelesaiannya adalah irisan dua HP tersebut:

𝐻𝑃 = {𝑥|−5 < 𝑥 < −3 𝑎𝑡𝑎𝑢 3 < 𝑥 < 5} = {𝑥|3 < |𝑥| < 5}

TRIK SUPERKILAT:

Dengan menganggap bahwa 𝑥2 = (−𝑥)2 = |𝑥|2

Maka persamaan |𝑥|3 − 7𝑥2 + 7|𝑥| + 15 < 0 bisa ditulis ulang menjadi:

|𝑥|3 − 7|𝑥|2 + 7|𝑥| + 15 < 0

⇔ (|𝑥| + 1)(|𝑥| − 3)(|𝑥| − 5) < 0pembuat nol

⇔ |𝑥| = −1 atau |𝑥| = 3 atau |𝑥| = 5

Daerah penyelesaian adalah |𝑥| < −1 atau 3 < |𝑥| < 5.

Himpunan penyelesaian |𝑥| < −1 tidak memenuhi. Sehingga daerah penyelesaian yang

memenuhi adalah 3 < |𝑥| < 5, yang ekuivalen dengan −5 < 𝑥 < −3 atau 3 < 𝑥 < 5.

−

−

+

−1 3 5

+

−

+

+

−5 −3 1

−

−

−

+

−1 3 5

+

−

+

+

−5 −3 1

−

−5 −3 1

−1 3 5

−

−5 −3 1

−

−1 3 5

+

+

+


Halaman 19 dari 26


18. Rata-rata dari 3 bilangan adalah 4 lebih besar dari bilangan terkecil dan 7 lebih kecil dari

bilangan terbesar. Median ketiga bilangan itu adalah 8. Jumlah ketiga bilangan itu adalah ....

Pembahasan:

Bilangan tersebut adalah:

(�̅� − 4), (�̅� + 𝑎), (�̅� + 7)

Dimana, median adalah 8.

�̅� + 𝑎 = 8

Kita cari dulu nilai 𝑎:

�̅� =∑𝑥

𝑛⇒ �̅� =

(�̅� − 4) + (�̅� + 𝑎) + (�̅� + 7)

3⇔ 3�̅� = 3�̅� + 3 + 𝑎⇔ 𝑎 = −3

Sehingga, �̅� + 𝑎 = 8 ⇒ 𝑥 = 8 − 𝑎

⇔ 𝑥 = 8 − (−3)⇔ 𝑥 = 11

Jadi jumlah ketiga bilangan tersebut adalah,

�̅� =∑𝑥

𝑛⇒ ∑𝑥 = 𝑛�̅� = 3(11) = 33


Halaman 20 dari 26


19. Diberikan segitiga ABC siku-siku di B dan panjang AC adalah 15 cm. Titik D di sisi BC

sehingga sudut BAD = sudut CAD. Luas segitiga ADC = 30 cm2. Panjang BD adalah ....

Pembahasan: Panjang AC = 15 cm. ∠𝐵𝐴𝐷 = ∠𝐶𝐴𝐷 = 𝜃 Luas segitiga ADC = 30 cm2.

𝐿 𝐴𝐷𝐶 =1

2𝐴𝐷 𝐴𝐶 sin𝜃 ⇒ 30 =

1

2∙ 𝐴𝐷 ∙ 15 ∙

𝐵𝐷

𝐴𝐷

⇔ 30 =1

2∙ 15 ∙ 𝐵𝐷

⇔ 𝐵𝐷 = 4 cm

A

B C D

° °

15


Halaman 21 dari 26


20. Bilangan asli 2 angka yang selisih antara bilangan itu dan hasil kali kedua angkanya adalah

12 sebanyak ....

Pembahasan:

Misalkan bilangan itu adalah 𝑥𝑦,

1 ≤ 𝑥 ≤ 9 dan 1 ≤ 𝑦 ≤ 9, 𝑥, 𝑦 ∈ bilangan bulat.

Dimana 𝑥 adalah puluhan, dan 𝑦 adalah satuan.

Berarti bilangan 𝑥𝑦 bisa ditulis menjadi 10𝑥 + 𝑦.

Selisih antara bilangan tersebut dengan hasil kali kedua angkanya adalah 12. (10𝑥 + 𝑦) − 𝑥𝑦 = 12

10𝑥 + (1 − 𝑥)𝑦 = 12(10 − 𝑦)𝑥 + 𝑦 = 12

Dari persamaan tersebut diperoleh nilai 𝑦 untuk 𝑥 ≠ 1 dan 𝑦 ≠ 10.

𝑥 =12 − 𝑦

10 − 𝑦 atau 𝑦 =

12 − 10𝑥

1 − 𝑥

Solusi dari soal tersebut dengan menggunakan trial dan error adalah:

𝑥 = 2 dan 𝑦 = 8.

𝑥 = 3 dan 𝑦 = 9.

Jadi, jumlah bilangan adalah 2 buah. Bilangan tersebut adalah 28 dan 39.


Halaman 22 dari 26


21. Nilai sin2 1o + sin2 3o + sin2 5o + … + sin2 89o adalah ....

Pembahasan:

sin2 1° + sin2 3° + sin2 5° + … + sin2 89°⇔ (sin2 1° + sin2 89°) + (sin2 3° + sin2 87°) + … + (sin2 44° + sin2 46°) + sin2 45°

⇔ (sin2 1° + sin2(90° − 1°)) + (sin2 3° + sin2(90° − 3°)) + … + (sin2 44° + sin2(90° − 44°)) + sin2 45°

⇔ (sin2 1° + cos2 1°) + (sin2 3° + cos2 3°) + … + (sin2 44° + cos2 44°) + sin2 45°

⇔ 1 + 1 + … + 1⏟ 22 𝑓𝑎𝑘𝑡𝑜𝑟

+ (1

2√2)

2

⇔ 22 +1

2⇔ 22,5


Halaman 23 dari 26


22. Diberikan barisan geometri yang suku-sukunya merupakan bilangan bulat positif. Suku

ketiga barisan itu adalah 2012. Jumlah tiga suku pertama barisan itu adalah ....

Pembahasan: 2012 = 22 × 503 Faktor kuadrat dari 2012 adalah 4. Karena ketiga sukunya bilangan bulat positif dan 𝑈3 = 𝑎𝑟

2, maka rasio barisan geometri tersebut yang mungkin adalah 𝑟 = 2.

𝑈3 = 𝑎𝑟2 ⇔ 𝑎 =

𝑈3𝑟2=2012

22=2012

4= 503

𝑆𝑛 =𝑎(𝑟𝑛 − 1)

𝑟 − 1=503(23 − 1)

2 − 1= 503 × 7 = 3521


Halaman 24 dari 26


23. Suatu almari memuat 8 buku matematika, 5 buku fisika dan 7 buku kimia. Diketahui bahwa

tidak ada buku yang sama. Banyak cara penyusunan berbeda yang bisa dilakukan pada

buku-buku ini, jika semua buku Matematika harus berdekatan adalah ....

Pembahasan: Karena semua buku Matematika harus diletakkan secara berdekatan, maka semua buku Matematika harus dianggap hanya menjadi 1 buku saja, sehingga jumlah semua buku dianggap 1 + 5 + 7 = 13 buku. Jadi, banyak cara menyusun 13 buku adalah: 13! Sedangkan banyak cara menyusun 8 buku Matematika adalah: 8! Jadi, banyak cara penyusunan berbeda yang bisa dilakukan jika semua buku harus berdekatan adalah: 8! 13! ≈ 2,51 × 1014 cara.


Halaman 25 dari 26


24. Untuk a > 0 dan a ≠ 1, nilai

lim𝑥→0

(𝑥(𝑎

1𝑥⁄ − 1)

𝑎 − 1)

𝑥

adalah ....

Pembahasan:

lim𝑥→0

(𝑥 (𝑎

1𝑥⁄ − 1)

𝑎 − 1)

𝑥

= 𝑡𝑖𝑑𝑎𝑘 𝑎𝑑𝑎

lim𝑥→0−

(𝑥 (𝑎

1𝑥⁄ − 1)

𝑎 − 1)

𝑥

= 1

lim𝑥→0+

(𝑥 (𝑎

1𝑥⁄ − 1)

𝑎 − 1)

𝑥

= 𝑎


Halaman 26 dari 26


25. Suatu nomor telepon bebentuk ABC-DEF-GHIJ, dengan masing-masing huruf

mempresentasikan angka berbeda. Angka pada masing-masing bagian terurut menurun. A

> B > C, D > E > F, G > H > I > J. Selanjutnya D, E, dan F adalah angka-angka genap

berurutan. G, H, I, dan J adalah angka-angka ganjil berurutan. A + B + C = 9. Angka A adalah

....

Pembahasan: Karena D, E, F adalah angka genap berurutan, maka kemungkinannya adalah 864 dan 642. G, H, I, J adalah angka ganjil berurutan, maka kemungkinannya adalah 9753 dan 7531. Jadi angka 3, 4, 5, 6, dan 7 mustahil digunakan pada A, B, C. Angka yang mungkin digunakan pada ABC hanya 9, 8, 2, 1, 0. Karena, A + B + C = 9, maka kemungkinan nilai dari ABC adalah hanya 8 + 1 + 0. 810-642-9753 Jadi nilai angka A adalah 8.

Pembahasan soal OSN Guru Matematika SMA 2012 ini sangat mungkin jauh dari sempurna mengingat keterbatasan penulis. Saran, koreksi dan tanggapan sangat diharapkan demi perbaikan pembahasan soal OSN ini.

Untuk download pembahasan soal SNMPTN, UNAS, Olimpiade, dan rangkuman materi pelajaran serta soal-soal ujian yang lainnya, silahkan kunjungi http://pak-anang.blogspot.com.

Terima kasih.

Pak Anang.



Documents

Pembahasan Soal OSN Guru 2012 - bimbelprivatsurabaya.combimbelprivatsurabaya.com/.../12/Pembahasan-Soal-OSN-Guru-Matematika... · Halaman 3 dari 26 Pembahasan Soal Olimpiade Guru